2017年瀘州中考物理試卷答案解析及word文字版下載（難度系數點評）

1．3月23日中國國際酒業博覽會在瀘州國際會展中心舉行盛大開幕式．如圖是開幕式的場景圖片，下列說法正確的是（　　）

考點：防治噪聲的途徑；物體的顏色；分子的運動．.
專題：聲現象；光的折射、光的色散；分子熱運動、內能．
分析：A、防治噪聲污染可以從噪聲的產生、噪聲的傳播及噪聲的接收這三個環節進行防治．
B、研究物體的運動情況時，首先要選取一個物體作為標準，這個被選作標準的物體叫做參照物．研究對象的運動情況是怎樣的，就看它與參照物的相對位置是否變化．
C、分子是在不斷運動的；
D、不透明物體的顏色由它反射的色光決定，白色的物體能反射所有的色光，反射什么色光就是什么顏色；單色物體只反射與本身相同的色光，其它色光不反射．
解答：
解：A、車輛禁止鳴喇叭，這是在聲源處減弱噪聲，故A正確；
B、掛有彩帶的氣球在升空過程中，彩帶相對于氣球的位置沒有發生改變，故彩帶相對于氣球是靜止的，故B錯誤；
C、因為酒香中含有的分子是在不斷運動的，向四周擴散，使人們聞到酒香，故C錯；
D、太陽光就是白色光，紅色鮮花在陽光的照射下反射紅光．而不是吸收白光中的紅色光，故D錯誤．
故選A．
點評：解決此類問題要結合防治噪聲的途徑、物體的顏色由所反射的色光決定的特點、分子運動等幾個方面去分析，屬于基礎題，也是中考的熱點之一．
2．下列生括中的物理現象描述正確的是：
A.矯正近視眼，應配戴凸透鏡制成的眼鏡
B.使用金屬外殼的用電器時，一般要接三孔插座
C.秋天早晨出現的霧，這是汽化現象，需要暖熱
D.煤、石油、天然氣、太陽能等都是可再生資源
考點：
近視眼的成因與矯正辦法；液化及液化現象；安全用電原則；能源的分類．.
專題：
透鏡及其應用；汽化和液化、升華和凝華；電與熱、生活用電；能源的利用與發展．
分析：
A、近視眼能看清近處的物體，不能看清遠處的物體，是因為近視眼的晶狀體太厚，會聚能力過強，像成在視網膜的前方．要戴一個對光線有發散作用的凹透鏡來矯正，使像成在視網膜上；
B、金屬外殼的家用電器的外殼一定要接地，這樣可以避免觸電事故的發生．
C、物質從氣態變成液態的現象為液化，液化要放熱；
D、自然資源分可再生資源和非可再生資源，非可再生資源是指短時間內不能更新或再生的資源，如礦產資源．
解答：
解：A、近視眼是由于像成在了視網膜的前方，近視要用凹透鏡來矯正．故A錯誤；
B、有金屬外殼的家用電器外殼如果漏電，人接觸漏電的用電器，當有地線時，地線把人體短路，不會發生觸電事故；如果沒有地線，人加在220V的電源上，會發生觸電，故外殼應與地面相連，即我們平時所說的接地．故B正確；

C、秋天早晨出現的霧，這是液化現象，需要放熱，故C錯誤；
D、所有的礦產資源都屬于非可再生資源，石油、煤炭、天然氣都屬于礦產資源，是不可再生資源．故D錯誤．
故選B．
點評：
本題考查了近視眼的成因及矯正、液化及液化現象、安全用電原則、能源的分類等多個知識點，是一道綜合性較強的題目．
3.“等效替代法”是科學研究中的一種常用方法，其實質是在效果相同的情況下，將較為復雜的實際問題變換為簡單的熟悉問題。找出其中的規律。下列四個實例中體現了“等效替代法”的是：
A.選用一個10Ω的電阻代替兩個20Ω并聯時的電阻
B.選用磁感線形象描述磁體周圍的磁場
C.選用輕繩探究使用定滑輪的特點
D.選用同一電阻探究電流與電壓的關系
考點：
物理學方法．.
專題：
其他綜合題．
分析：
要解答本題想掌握：物理研究中常常用到“控制變量法”、“等效替代法”、“模型法”、“類比法”等方法．
①等效替代法是在保證某種效果（特性和關系）相同的前提下，將實際的、復雜的物理問題和物理過程轉化為等效的、簡單的、易于研究的物理問題和物理過程來研究和處理的方法；
②物理學中多個因素對物體有影響，只改變其中的某一個因素，而控制其它因素不變，這種方法叫控制變量法；
③通過模型來揭示原型的形態、特征和本質的方法稱為模型法．
解答：
解：
A、選用一個10Ω的電阻代替兩個20Ω并聯時的電阻，采用的是等效替代法．符合題意；
B、選用磁感線形象描述磁體周圍的磁場，采用的是模型法．不符合題意；
C、探究使用定滑輪的特點的實驗中，由于繩的重力對該實驗有影響，所以可選用輕繩，以便忽略其影響．不符合題意；
D、選用同一電阻探究電流與電壓的關系，采用的是控制變量法．不符合題意．
故選A．
點評：
熟悉常見的研究物理問題的方法并在實際中加以識別和應用，掌握該實驗的器材選擇、進行實驗、實驗結論等．
對每個選項依次分析，明確每個實例采用的具體研究方法，就能確定符合題意的選項．
4.小轎車已進入千家萬戶，以下關于小轎車的說法中正確的是
A.座位上的安全帶又寬又軟是為了增大對人體的壓強
B.小轎車行駛時要系好安全帶。這是為了防止慣性帶來的危害
C.車窗打開時。遮陽的窗簾總是往外飄。是因為窗外空氣流速大壓強小
D.用水來冷卻小轎車的發動機是因為水的比熱容小，且容易獲取。
考點：
減小壓強的方法及其應用；慣性；流體壓強與流速的關系；水的比熱容的特點及應用．.
專題：
應用題；比熱容、熱機、熱值；運動和力；壓強、液體的壓強；氣體的壓強、流體壓強與流速的關系．
分析：
（1）增大壓強的方法：減小受力面積或增大壓力；
（2）慣性指物體保持原來運動狀態不變的性質，任何物體都具有慣性；
（3）對應流體來說，流速大，壓強小；流速小，壓強大；
（4）比熱容是物質的一種性質，它反映了這種物質吸熱能力的強弱，比熱容大的物質在質量相同、升溫相同的情況下，其吸收的熱量會更多．生活中水的比熱容是常見物質中最大的，因此，常被用做傳熱介質或冷卻劑等．
解答：
解：A、座位上的安全帶又寬又軟是為了增大受力面積，減小壓強，故A錯誤；
B、汽車的前排乘員要系安全帶是為了防止汽車緊急剎車時慣性帶來的危害，故該選項說法正確，故B正確；
C、車行駛時，打開車窗，遮陽的窗簾總是往外飄，是因為窗外空氣流速大，壓強小，故C正確；
D、汽車的發動機用循環流動的水來冷卻，是利用了水的比熱容大，相同情況，水能吸收更多的熱量，故D錯誤；
故選BC．
點評：
本題以車為例考查了幾個物理學中重要的知識點，認真審題，明確每一選項中描述的現象所對應的知識點，再做出相應的判斷．
5.下列說法中正確的是
A.發電機的原理是和用磁場對電流的作用使線圈轉動
B.只改變直流電動機的電流方向，直流電動機的轉向仍然不變
C.熱機的做功沖程把機械能轉化為內能
D.四沖程內燃機的吸氣、壓縮、排氣沖程是靠飛輪的慣性完成的
考點：
發電機的構造和原理；內燃機的四個沖程．.
專題：
應用題；比熱容、熱機、熱值；電動機、磁生電．
分析：
（1）發電機是利用電磁感應的原理工作的；
（2）電流在磁場中的受力方向，取決于線圈中電流的方向及線圈所在的磁場方向，則可知要改變電動機的轉向應采取的措施．
（3）熱機的做功沖程把內能轉化為機械能的過程；
（4）在內燃機的四個沖程中，只有做功沖程對外做功，其它三個沖程都靠飛輪的慣性完成；
解答：
解：A、發電機是利用電磁感應的原理工作的，故A錯誤；
B、只改變直流電動機的電流方向，直流電動機的轉向會發生改變，故B錯誤；
C、熱機的做功沖程把內能轉化為機械能的過程，故C錯誤；
D、四沖程內燃機吸氣、壓縮、排氣沖程中由飛輪旋轉產生的慣性帶動曲軸旋轉，從而產生更大的動力和節省能源，故D正確；
故選D．
點評：
該題考查了發電機的原理、電動機轉子所受力的方向的判斷、熱機工作時的能量轉化等知識點，是一道綜合題．
6．粗細均勻的電熱絲放入一壺水中，通電一段時同將水加熱至沸騰。若將電阻絲對折并聯后放入同樣一壺水中，通電到將水加熱至沸騰．所需時時間與第一次的通電時間相比(電源電壓恒定，不計一切熱損失)。下列判斷正確的是
A相等B增加C減少D無法確
考點：
電功計算公式的應用．.
專題：
電能和電功率．
分析：
電阻絲對折后電阻變為原來的，利用公式Q=W=Pt=t，進行分析．
解答：
解：電阻絲對折后電阻變為原來的，根據公式P=，功率變為原來的4倍，故燒開相同一壺水所需時間變為原來的；
故選C．
點評：
本題考查了電熱的計算公式，關鍵是選擇好對應的公式．
7.使用微小壓強計探究液體壓強的規律時,如圖所示下列說法正確的是
A.用手按橡皮膜，兩管出現高度差，說明此時橡皮膜的氣密性很差
B.該實驗裝置中的“U”形管是一個連通器
C.“U”型管形管兩管液面的高度穩定后，右管中的液體受到非平衡力的作用
D.橡皮膜伸入液體越深，兩管液面高度整超大，則液體壓強越大

考點：
探究液體壓強的特點實驗．.
專題：
探究型實驗綜合題．
分析：
液體內部存在壓強，液體壓強的大小用壓強計測量．在使用壓強計之前要檢查其密閉性，防止漏氣．
連通器是底部連通上端開口的容器．
物體在靜止或勻速直線運動狀態時是平衡狀態，受到的力是平衡力．
用壓強計探究液體內部壓強時，橡皮膜受到的壓強等于U型管內液體高度差產生的壓強．
解答：
解：
A、用手按橡皮膜，兩管出現高度差，且U形管中的液體能靈活升降，說明此時橡皮膜的氣密性很好．故A錯誤；
B、“U”形管一端開口，一端封閉，所以它不是一個連通器，故B錯誤；
C、“U”型管形管兩管液面的高度穩定后，即液體靜止時，右管中的液體受到平衡力的作用，故C錯誤；
D、壓強計的測量原理是：壓強的變化引起U形管兩液面出現高度差，壓強越大，高度差越大．故D正確．
故選D．
點評：
液體壓強的變化是通過U形管液面高度差顯示的，采用的是轉換法；壓強與液體密度和深度的關系，采用控制變量法探究．

8.5月初，小明家中的電能表示數為，
電能表的部分參數及6月初的示數如
圖所示，下列說法正確的是：
A.電能表是測量用電器消耗電功率的儀表
B.小明家5月初至6月初消耗的電能是1200kW•h
C.小明家所有用電器同時工作，總功率不得超過4.4Kw
D.若電能表轉盤在10min內轉過300轉，則用電器的總功率為1kW

考點：
電能表參數的理解與電能的求法．.
專題：
應用題；電能和電功率．
分析：
（1）電能表是用于測量電能的儀表；
（2）讀出5月和6月份電能表的示數，而后計算出電能多少即可；
（3）據公式P=UI計算即可；
（4）1200R/kW•h表示每消耗1kW•h的電能，電能表的轉盤轉1200轉，據此求出10min內消耗的電能，再根據P=求出該電能表上用電器的總功率．
解答：
解：A、電能表是測量用電器消耗電能多少的儀表，故A錯誤；
B、6月初的示數1342.8kW•h，5月初，小明家中的電能表示數1222.8kW•h，故小明家5月初至6月初消耗的電能是W=1342.8?1222.8=120kW•h，故B錯誤；
C、據表盤的參數可知，此時總功率不得超過P=UI=220V×20A=4400W=4.4kW，故C正確；
D、電能表的轉盤轉300轉消耗的電能為：
W=kW•h=0.25kW•h，
該電能表上用電器的總功率：
P===1.5kW，故D錯誤．
故選C．
點評：本題考查了電能表的作用和消耗電能的計算，關鍵是電能表參數含義的理解與掌握．

9．某同學用托盤天平和量筒測量一小石塊的密度，圖甲是調節天平時
的情形，圖乙和圖丙分別是測量石塊質量和體積時的情形，下列說法錯誤的是：

A.甲圖中應將平衡螺母向左調，使橫梁平衡
B.乙圖中測石塊質量時，天平的讀數是71.4g
C.由丙圖量筒的示數測得石塊的體積是20cm3
D.計算出石塊的密度是3.57×103kg/m3
考點：
固體密度的測量．.
專題：
測量型實驗綜合題．
分析：
A、調節天平平衡時，平衡螺母的移動方向與指針的偏轉方向相反；
B、天平的讀數等于砝碼的質量加游碼在標尺上所對的刻度值；
C、石塊的體積等于水和石塊的總體積減水的體積；
D、根據ρ=計算出石塊的密度．
解答：
解：A、由圖甲知，指針左偏，應將平衡螺母向右調使橫梁平衡，A說法錯誤；
B、由圖乙知，標尺的分度值為0.2g，石塊的質量m=50g+20g+1.4g=71.4g，B說法正確；
C、由圖丙知，水的體積為60ml，水和石塊的總體積為80ml，則石塊的體積V=80ml?60ml=20ml=20cm3，C說法正確；
D、石塊的密度ρ===3.57g/cm3=3.57×103kg/m3，D說法正確．
故選A．
點評：
此題是測量巖石的密度實驗，考查了天平和量筒的使用及讀數及密度的計算，測固體密度，在初中物理中是重要內容，學習中必須掌握．
10.如圖所示，斜面高為1m，長為4m，用沿斜面向上大小為75N的拉力F，將重為200N的木箱由斜面底端勻速緩慢拉到頂端，下列關于做功的判斷正確的是：
A.木箱受到重力做功的大小為800J
B.木箱受到斜面摩擦力做功大小為100J
C.木箱受到合力做功的大小為125J
D.木箱受到斜面的支持力做功大小為200J
考點：
功的計算．.
專題：
功、功率、機械效率．
分析：
A、根據W=Gh計算重力做功的大小；
B、根據W總=FL做出總功，根據W額=W總?W有用得出額外功，由f=計算出摩擦力的大小；
C、木箱做勻速直線運動，所受合力為零；
D、根據做功的必要因素判斷支持力是否做功．
解答：
解：A、由題意知，木箱的重力G=200N，h=1m，則受到的重力做功：W有用=Gh=200N×1m=200J，A錯誤；
B、拉力F做的功W總=FL=75N×4m=300J；則克服摩擦力做功W額=W總?W有用=300J?200J=100J，B正確；
C、木箱沿斜面緩慢運動，做勻速直線運動，受合力為零，所以合力做功大小為0J，C錯誤；
D、木箱移動方向與支持力方向垂直，所以斜面的支持力做功為零，D錯誤．
故選B．
點評：
本題主要考查了斜面有關功的計算，關鍵掌握做功的兩個必要因素，并理解總功、額外功、有用功的關系．

11.如圖所示，物塊放在上表面粗糙的平板小車上，物塊隨平板小車一起以相同的速度水平向右作勻速直線運動。當小車受到阻力突然停止時，物塊在平板上滑動一段距離后仍然停止在平板上，對上述物理過程的下列分析正確的是：
A.物塊隨平板小車作勻速直線運動時，受到水平向右的摩擦力
B.物塊對小車的壓力與小車對物塊的支持力是一對平衡力
C.物塊在平板上滑動的過程中，受到水平向左的摩擦力
D.物塊在平板上滑動的過程中，相對于地面向左運動
考點：
平衡力的辨別；力與運動的關系．.
專題：
運動和力．
分析：
當物體間有相對運動或相對運動趨勢時，物體間存在摩擦力，摩擦力的方向與相對運動方向或相對運動趨勢的方向相反；
物體處于平衡狀態時，受平衡力作用，所受合力為零；一對平衡力等大、反向、作用在同一直線上，作用在同一物體上，據此分析答題．
解答：
解：A、物塊隨平板小車作勻速直線運動時，物塊處于平衡狀態，在水平方向不受摩擦力作用，故A錯誤；
B、物塊對小車的壓力與小車對物塊的支持力作用在兩個不同的物體上，它們不是一對平衡力，是作用力與反作用力，故B錯誤；
C、物塊在平板上滑動的過程中，相對于平板向右滑動，物塊受到水平向左的摩擦力，故C正確；
D、物塊在平板上滑動的過程中，相對于地面向右運動，故D錯誤；
故選C．
點評：
本題考查了判斷物體是否受摩擦力、判斷摩擦力的方向、判斷兩力是否是平衡力等問題，掌握摩擦力產生的條件、掌握判斷摩擦力方向的方法、知道平衡力的特點即可正確解題，涉及的知識點較多，是一道綜合題．

12.某同學在做“調節燈泡亮度”的電學實驗時，電路如圖所示，電源電壓恒為6V，電流表的量程為“0～0.6A”，電壓表量程“0～3V”，滑動變阻器的規格為“20Ω2A”，燈泡L標有“3V0.9W”字樣（忽略燈絲電阻變化）。在實驗中為了保證所有元件的安全，下列判斷正確的是：
A.該電路中，變阻器R接入電路的阻值變化范圍為0～20Ω
B.該電路消耗的總功率的變化范圍為1.2W～3.6W
C.該電路中，電流表示數的變化范圍為0.2A～0.6A
D.該電路中，電燈消耗功率的變化范圍為0.4W～0.9W

考點：
歐姆定律的應用；電功率的計算．.
專題：
歐姆定律；電能和電功率．
分析：
A、根據題意判斷出電路中的最大電流，根據其確定變阻器的阻值范圍；
BC、根據電流表、電壓表、變阻器、燈泡的規格判斷電流的最大值，根據歐姆定律判斷電流的最小值；
根據電流的變化范圍，由P=UI計算電路總功率的變化范圍，得出結論；
D、根據燈絲的阻值不變，結合電流的變化得出燈泡電功率的變化．
解答：
解：由P=UI得，燈泡正常發光時的電流值I額===0.3A，燈泡的電阻值RL===10Ω；
A、由電路圖知，燈泡與變阻器串聯，電流表的量程為0～0.6A，燈泡的額定電流為0.3A，變阻器允許通過的最大電流為2A，可知電路中允許通過的最大電流為0.3A，此時燈泡兩端電壓為3V，未超過電壓表的量程；
電流最大時，為變阻器允許的最小值，所以R小===10Ω，可得變阻器的變化范圍為10～20Ω，A錯誤；
BC、當變阻器的阻值最大時，電路中的電流最小，I小===0.2A，電路消耗的最小功率P小=UI小=6V×0.2A=1.2W；
由A知，I大=0.3A，則P大=UI大=6V×0.3A=1.8W，可得電路中的電流變化范圍為0.2A～0.3A，電功率的變化范圍為1.2W～1.8W，B錯誤，C錯誤；
D、電路的最小電流為0.2A，燈泡的最小電功率PL小=U小I小=（I小）2RL=（0.2A）2×10Ω=0.4W；
燈泡的最大功率等于0.9W，所以燈泡的功率范圍為0.4W～0.9W，D正確．
故選D．
點評：
本題是有關電功率的應用分析，掌握電功率的計算公式，能夠確定電路的最大電流和最小電流值是關鍵．

二、填空題（本題共9個小題，每空1分，共26分）
13.如圖所示是龍舟大賽的比賽場景。運動員通過鼓聲來統一劃船的節奏，鼓聲是由鼓面產生的。劃水時運動員相對于龍舟是（選填“運動”或“靜止”）的，當運動員離開龍舟后，龍舟所受的浮力
（選填“減小”、“不變”或“增大”）。
考點：
聲音的產生；參照物及其選擇；物體的浮沉條件及其應用．.
專題：
聲現象；長度、時間、速度；浮沉的應用．
分析：
（1）聲音是物體振動產生的；
（2）分析物體是運動還是靜止，就看它與參照物的相對位置是否變化；如果位置發生了變化就說物體是運動的，如果沒發生變化，就說物體是靜止的；
（3）物體漂浮時受到的浮力等于自身的重力．
解答：
解：
聲音是由物體的振動產生的，鼓聲就是由鼓面振動產生的；
以龍舟為參照物，龍舟上的運動員與龍舟的位置之間沒有變化，所以是靜止的；
龍舟漂浮在水面上，在豎直方向上受重力與浮力作用而平衡，它所受的浮力等于龍舟和人的重力，當運動員上岸后，龍舟所受的重力減小，浮力也將減小．
故答案是：振動；靜止；減小．
點評：
此題考查的都是基礎知識，難度不大，但涉及到的知識點較多，綜合性較強，且各知識點之間聯系緊密，是一道典型題目．

14.如圖所示，當光從水中斜射入空氣中時，在分界面同時發生反射和折射，反射角入射角，折射角入射角（以上兩空選填“大于”、“等于”或“小于”），當入射角增大到一定程度時，折射角會先到達90°，入射角繼續增大時，便沒有了（選填“反射光線”或“折射光線”），光纖通信就是利用了此原理來減少光在傳播過程中的能量損失。

考點：
光的折射規律．.
專題：
光的折射、光的色散．
分析：
（1）入射角是入射光線與法線的夾角，光的反射中，反射角等于入射角；
（2）光從水或其它透明介質斜射入空氣中時：折射角大于入射角；
（3）要發生光的全反射，必須光從光密介質進入光疏介質，且入射角大于臨界角．
解答：
解：（1）根據光的反射定律，反射角等于入射角；
（2）當光從水斜射入空氣中，折射角大于入射角；
（3）當光從水斜射入空氣中時，在交界面上同時發生反射和折射，但折射角總大于入射角；入射角繼續增大，大于臨界角時，便沒有折射，只有反射了，這種反射叫全反射．
故答案為：等于；大于；折射光線．
點評：
本題考查了光的反射、光的折射以及光的全反射現象的原理．
15.登陸月球表面的月球車攜帶有紅外線成像光譜儀、激光點陣器等多套科學探測儀器，探測得到的圖像是通過（選填“超聲波”或“電磁波”）傳播到地球的。“激光橡皮”在激光的照射下，紙張上的黑色碳粉直接（填物態變化名稱）為高溫碳蒸氣，在這個過程中，碳粉是通過（選填“做功”或“熱傳遞”）的方式來改變內能的。
考點：
電磁波的傳播；生活中的升華現象；熱傳遞改變物體內能．.
專題：
應用題；分子熱運動、內能；信息的傳遞．
分析：
（1）聲音不能再真空中傳播，而電磁波可以在真空中傳播；
（2）在一定條件下，物質的三種狀態間可以相互轉化，物質由固態直接變為氣態的過程，叫升華．
（3）改變內能的方式有兩種，即做功和熱傳遞；
解答：
解：登陸月球表面的月球車將探測得到的圖象是通過電磁波傳播到地球的；激光照射下，紙張上的黑色碳粉直接變為高溫碳蒸氣，即物質由固態直接變為氣態，也就是發生了升華現象；在這個過程中，沒有能量的轉化，故碳粉是通過熱傳遞的方式來改變內能的．
故答案為：電磁波；升華；熱傳遞；
點評：
該題考查了電磁波的應用、升華的判斷和熱傳遞改變內能的應用，是一道綜合題．
16.如圖所示，閉合開關使螺線管通電，A螺線管的上端相對于磁體的極，可以觀察到左邊彈簧，右邊彈簧。（后兩空選填“伸長”、“不變”或“縮短”）

考點：
通電螺線管的磁場；磁極間的相互作用．.
專題：
應用題；磁現象、電生磁．
分析：
①利用螺線管的線圈繞向和電流方向，結合安培定則確定螺線管的N、S極；
②同名磁極相互排斥，異名磁極相互吸引；
③彈簧伸長，是由于受到了條形磁體對其向下的拉力．根據拉力的變化可以確定彈簧伸長長度的變化．
解答：
解：據安培定則可知，A螺線管的上端相當于磁體的N極；
對于左邊的彈簧來說，不管通電螺線管的極性如何，鐵棒都會被吸引，故左邊的彈簧會伸長；
對于右邊的彈簧來說，要取決于通電螺線管的極性，如果上端是S極就會伸長，否則就會縮短；
根據電源的正負極，可以確定電流從右螺線管的上端流入，下端流出，結合螺線管線圈的繞向，利用安培定則可以確定螺線管的上端為N極，下端為S極，根據同名磁極相互排斥可知，右端彈簧會縮短．
故答案為：N；伸長；縮短．
點評：
要確定彈簧長度的變化情況，彈簧伸長的長度之所以發生變化是由于通電螺線管的磁性對它的拉力的發生了變化．這是解決此題的突破口．
17.某太陽能熱水器內裝有100kg初溫為25℃的水，經過一天的太陽照射，水溫升高到75℃，則水吸收的熱量為J，這些熱量相對于完全燃燒m3天然氣所放出的熱量；要產生同樣多的熱量，用“220V2000W”的電熱水器正常工作需要
min的時間。（水的比熱容為4.2×103J/（kg•℃）、天然氣的熱值為2.1×107J/kg）
考點：
電功與熱量的綜合計算；熱量的計算．.
專題：
比熱容、熱機、熱值；電和熱綜合題．
分析：
（1）已知水的比熱容、質量和溫度變化，可利用Q吸=cm△t計算水吸收熱量；
（2）由題知，Q吸=Q放，可利用Q放=qV的變形公式求出需要天然氣的體積；
（3）根據Q=W=Pt的變形公式即可求出電熱水器的通電時間．
解答：
解：
（1）水吸收的熱量：
Q吸=cm△t
=4.2×103J/（?•℃）×100kg×（75℃?25℃）
=2.1×107J；
（2）由Q放=qV，Q吸=Q放可得：
V==≈0.3m3；
（3）由Q吸=W=Pt可知：
t===10500s=175min．
故答案為：2.1×107；0.3；175．
點評：
本題綜合考查了水吸收熱量的計算、燃料燃燒放出熱量的計算以及電功計算公式的應用，因條件已給出，難度不大．

18.如圖所示為電工師傅用移動式升降機搶修一條動力外線，已知升降機的箱藍重900N，用升降機將重600N的王師傅勻速提升8m，升降機做的有用功J，升降機的機械效率是。（伸縮桿和所攜帶的工具質量不計）

考點：
有用功和額外功；機械效率的計算．.
專題：
功、功率、機械效率．
分析：
對人們有用的功就叫做有用功．本題中利用W有=G人h計算有用功；
并非我們需要但又不得不做的功叫做額外功．本題中利用W額=G箱h計算額外功，
有用功與額外功的和叫總功．由此算出總功，根據η=計算機械效率．
解答：
解：
由題將王師傅提升8m做的功是有用功，
所以：W有=G人h=600N×8m=4800J；
伸縮桿和所攜帶的工具質量不計，對升降機箱做的功是額外功，
所以：W額=G箱h=900N×8m=7200J，
升降機的機械效率：
η=×100%=×100%=×100%=40%．
故答案為：4800；40%．
點評：
此題主要考查的是學生對有用功、機械效率計算公式的理解和掌握，基礎性題目．

19.如圖所示，水平桌面的右端固定一定滑輪，輕質小盤通過一根繞過定滑輪的細繩與桌面上重為4N的木塊相連，當小盤內放有重為0.5N的砝碼時，木塊保持靜止狀態。這時木塊受到的摩擦力大小為N；當小盤內放有重為0.6N的砝碼時，木塊正好作勻速直線運動。當小盤內放上重未0.7N的砝碼時，木塊受到的摩擦力大小為N。木塊的運動狀態（選填“會”或“不會”）發生改變（不計繩重及繩與滑輪的摩擦）。

考點：
摩擦力的大小．.
專題：
重力、彈力、摩擦力．
分析：
（1）當物體處于靜止狀態或勻速直線運動狀態時，物體受平衡力作用；
（2）當物體受非平衡力時，運動狀態改變．
解答：
解：當小盤內放有重為0.5N的砝碼時，砝碼盤對木塊的拉力為0.5N，木塊保持靜止狀態，摩擦力與拉力平衡，則f=F=0.5N；
當小盤內放有重為0.6N的砝碼時，砝碼盤對木塊的拉力為0.6N，木塊正好作勻速直線運動，此時摩擦力與拉力是平衡力，則f′=F′=0.6N；
當小盤內放上重未0.7N的砝碼時，砝碼盤對木塊的拉力為0.7N；
由于壓力和接觸面的粗糙程度不變，所以木塊受到的摩擦力不變，仍為0.6N．由于拉力大于摩擦力，所以木塊的運動狀態改變．
故答案為：0.5；0.6；會．
點評：
本題主要考查了二力平衡條件的應用，同時要注意應用影響摩擦力大小的因素分析摩擦力的變化．

20．如圖所示，一木塊在水平面上運動時在相等時間內連續拍攝4次“頻摩擦閃”照片，頻閃的時間間隔為0.02s。從頻閃照片可判斷，該木塊做直線運動（選填“勻速”或“變速”）。木塊從1位置運動到2位置的距離是cm。木塊從1位置到4位置運動的速度為m/s。

考點：
速度的計算．.
專題：
長度、時間、速度．
分析：
（1）物體在相等的時間內通過的路程都相等，物體進行勻速運動；物體在相等的時間內通過的路程不相等，物體進行變速運動．
（2）刻度尺的讀數：確定每一個大格和每一個小格的讀數．在讀出準確數字之后，還要讀出估計數字，當物體的末端正對刻度尺的刻度時，也要讀出估計數字0，由v=計算木塊從1位置到4位置運動的速度．
解答：
解：（1）由于木塊在相等的時間內通過的路程相等，所以木塊是做勻速直線運動；
（2）根據圖示可知，木塊從1位置運動到2位置的距離是3.80cm?2.00cm=1.80cm；
（3）木塊從位置1運動到位置4時，頻閃3次，故木塊所用的時間為t=0.02s×3=0.06s；
根據圖示可知，木塊運動的距離s=8.00cm?2.00cm=6.00cm=0.06m，
木塊從1位置到4位置運動的平均速度：v===1m/s．
故答案為：勻速；1.80；1．
點評：
本題考查平均速度公式的應用，難度不大，關鍵是能從圖中讀出頻閃的次數和通過的距離．
21.底面積為2.0×10-2m2的薄壁平底容器內裝有適量的水，把物塊放入容器內的水中，物塊靜止時漂浮在水面上，浸入水中的體積為1.6×10-3m3，容器內水面升高了6cm（容器中水未溢出），則水對容器底部增加的壓強為Pa，物塊受到的浮力N。容器對水平桌面的壓強為Pa。（ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg）
考點：
液體的壓強的計算；壓強的大小及其計算；浮力大小的計算．.
專題：
壓強、液體的壓強；浮力．
分析：
（1）已知水面升高的高度，利用液體壓強公式p=ρ液gh可求水對容器底部增加的壓強；
（2）利用F浮=ρ液gV排求解物塊受到的浮力大小；
（3）物體漂浮，所受浮力等于重力，物塊的重力即為增加的對水平桌面的壓力，利用p=求解容器對水平桌面增加的壓強．
解答：
解：（1）水對容器底部增加的壓強：
△p=ρ水g△h=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.06m=600Pa；
（2）由題意知，V排=V浸=1.6×10?3m3，
物塊受到的浮力：
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×1.6×10?3m3=16N；
（3）因為物體漂浮，所以G=F浮=16N，
△F=G=16N，
由p=得，容器對水平桌面增加的壓強：
△p′===800Pa．
故答案為：600；16；800．
點評：
此題考查壓強的計算和浮力的計算，關鍵是根據物體浮沉條件和題意得出物體漂浮，所受浮力等于重力，物塊的重力即為增加的對水平桌面的壓力．
三、實驗題（本題共2個小題，每空1分，共14分）
22.（1）某物理興趣小組設計了如圖所示的實驗裝置來探究物理的動能跟那些因素有關。讓同一鋼球A分別從不同的高度由靜止開始滾下，觀察木塊B被撞擊后移動距離S的長短，是為了判斷鋼球的大小；實驗中他控制了鋼球的質量不變來研究動能大小跟的關系。鋼球沿斜面滾下過程中，重力勢能減小，動能（選填“增大”、“不變”或“減小”）；若水平面絕對光滑，木塊B被撞擊后將以永遠運動下去。
考點：
探究影響物體動能大小的因素．.
專題：
探究型實驗綜合題．
分析：
（1）實驗把動能的大小轉換為木塊被撞擊后滑行的距離，距離越遠表明小球的動能越大；
（2）物體的動能與物體的質量和速度有關，在探究過程中需用控制變量法，根據已知條件判斷出控制的變量，便可得出探究的因素．
（3）重力勢能的影響因素是質量和高度；動能的影響因素是質量和速度．
（4）水平面絕對光滑，無摩擦力，所以木塊將做勻速直線運．
解答：
解：
（1）實驗中通過觀察木塊被撞擊后滑行的距離的大小來間接判斷鋼球動能的大小．
（2）由題意知，同一鋼球的質量相同，從不同的高度滾下時，到達水平面的速度不同，可以探究動能大小與速度的關系．
（3）鋼球沿斜面滾下過程中，因為質量不變，高度減小，所以重力勢能減小，又因為速度增大，所以動能增大．
（4）如果水平面絕對光滑，則木塊在水平方向沒有摩擦力，被撞擊后木塊將以恒定的速度永遠運動下去．
故答案為：動能；速度；增大；恒定的速度．
點評：
動能的大小與物體的質量和速度有關，注意控制變量法的應用，動能的大小通過小小球撞擊木塊的距離來反映動能的大小，體現了轉換法．
23．小明利用刻度均勻的輕質杠桿探究“杠桿的平衡條件”。圖每個鉤碼重O.5N。當調節杠桿在水平衡后，在A點懸掛兩個鉤碼，要使杠桿在水平位置平位置平衙，需在B點懸掛個鉤碼；只取走懸掛在B點的鉤碼，改用彈簧測力計在C點豎直向上拉，使杠桿在水平位置平橫，測得的拉力為N；若將彈簧測力計拉力的方向改為在C點斜向左上方拉杠桿，使杠桿仍然在水平位置平衡，則彈簧測力計的讀數將(選填“變大”、“小變”或“變小”)。
考點：
探究杠桿的平衡條件實驗．.
專題：
探究型實驗綜合題．
分析：
（1）（2）根據杠桿平衡條件F1L1=F2L2求出B點的鉤碼數和作用在C點的力的大小．
（3）阻力和阻力臂不變時，動力臂減小，動力增大．
解答：
解：（1）一個鉤碼的重是0.5N，設杠桿一個小格是L，
根據杠桿平衡條件F1L1=F2L2得，
1N×3L=FB×2L，
所以FB=0.5N，
即在B處掛3個鉤碼．
（2）根據杠桿平衡條件F1L1=F2L2得，
1N×3L=FC×4L，
所以FC=0.75N．
（3）如改變彈簧測力計拉力的方向，使之斜向左上方，阻力和阻力臂不變，動力臂減小，動力要增大，所以彈簧測力計示數變大，才能使杠桿仍然水平平衡．
故答案為：3；0.75N；變大．
點評：
本題考查了杠桿平衡條件的應用，難度不大；要明確杠桿在水平位置平衡，力要豎直作用在杠桿上，力臂才在杠桿上，否則力臂不在杠桿上．24.如圖甲所示的電路圖，研究通過導體的電流與電阻的關系，電源電壓恒為V，電流表量程是0～0.6A,R是分度值為0.1的電阻箱，R′是規格為“20Ω2A”的滑動變阻器。（1）按甲圖連接好電路后，閉合開關S之前，應將滑動變阻器R′的滑片滑到端（選填“a”或“b”）。開始實驗時，發現電流表和電壓表都有示數，無論怎樣調節滑動變阻器的滑片，電壓表和電流表示數均不變，請你分析電路發生的故障可能是。（回答一種即可）
（2）排除故障之后，改變電阻箱的阻值，再調節滑動變阻器的滑片，使電壓表示數保持不變，記下電阻箱的阻值與對應的電流表示數描在乙圖中，根據所描點對應的數據可知，電壓表示數為V。該同學在操作中將電阻箱的阻值有1Ω調為丙圖的示數，此時電阻箱的讀數為Ω。為了保持上述電壓表的示數不變，應該將滑動變阻器的滑片向端（選填“a”或“b”）滑動到適當的位置。此時滑動變阻器接入電路中的阻值應為Ω。
（3）同學們在交流討論中提出，既要保證上述電壓表示數不變，又要使通過電流表的電流不超過其量程，那么電阻箱的阻值最小只能調為Ω。

考點：
探究電流與電壓、電阻的關系實驗．.
專題：
探究型實驗綜合題．
分析：
（1）為保護電路，在閉合開關前，應將滑片移至最大阻值處；
無論怎么調節變阻器，電壓表和電流表示數不變，說明變阻器不起作用，接法錯誤；
（2）根據所描點對應的電流和電阻值，根據U=IR來計算電壓值；
用各指針所指的示數乘以下面的倍數，然后將所有的數值相加，即為該電阻箱的讀數；
電阻變大，兩端電壓變大，為保持電阻兩端的電壓不變，用增大變阻器的阻值；
根據串聯電路的特點及歐姆定律計算出變阻器的阻值；
（3）根據電阻兩端的電壓及最大電流得出電阻箱的最小阻值．
解答：
解：（1）由圖知，在閉合開關前，應將滑片移至b端，使其阻值最大；
電流表和電壓表都有示數，說明未發生斷路或短路現象，無論怎樣調節滑動變阻器的滑片，電壓表和電流表示數均不變，說明變阻器不起作用，可能同時接了上面或下面兩個接線柱；
（2）由圖象知，當R=5Ω時，電流I=0.4A，可知電阻兩端的電壓U=IR=0.4A×5Ω=2V；
由圖丙知，電阻箱的阻值為0×100Ω+0×10Ω+5×1Ω+0×0.1Ω=5Ω；
電阻值由1Ω換為5Ω，電壓表的示數將變大，為保持電壓表的示數不變，應增大變阻器的阻值，將滑片向b端滑動；
變阻器兩端的電壓U滑=3V?2V=1V，所以變阻器的阻值R滑===2.5Ω；
（3）當電流為0.6A時，電阻箱的阻值R′==≈3.3Ω．
故答案為：（1）b；變阻器同時接了上面兩個接線柱（或變阻器同時接了下面兩個接線柱）；（2）2；5；b；2.5；（3）3.3．
點評：
本題是研究通過導體的電流與電阻的關系實驗，考查了滑動變阻器的應用、電路故障的分析、電阻箱的讀數、歐姆定律在串聯電路中的應用，考查全面，能夠從圖象中確定電阻兩端的電壓是關鍵．
四、計算題（共19分，要求寫出必要的步驟、相關公式和文字說明）
25．某課外活動小組設計了一個用電壓表的變化來反映環境溫度變化的電路。如圖甲所示，電源電壓不變，定值電阻R=20Ω，R1是熱敏電阻，其阻值隨溫度變化的圖像如圖乙所示，閉合開關S后，求：
（1）當環境溫度為200C時，電壓表示數為2V，電源電壓多大？此時R1的電功率是多少？
（2）如果將R、R1并聯在該電路兩端，當干路電流為0.5A時，環境溫度是多少？

考點：
歐姆定律的應用；電功率的計算．.
專題：
歐姆定律；電能和電功率．
分析：
（1）根據電壓表的示數和電阻求出電路中的電流，由圖乙讀出20℃時電阻R1的阻值，求出R1兩端的電壓，從而可計算出電源電壓；
根據P1=U1I1求出R1的電功率；
（2）根據并聯的特點求出R的電流，得出R1的電流值，從而可計算出R1的電阻值，由圖象得出環境溫度．
解答：
解：（1）由圖甲知，兩電阻串聯，電壓表測量R兩端的電壓，電壓表的示數為2V，則電路中電流I===0.1A；
由圖乙知，當環境溫度為20℃時，R1的阻值為40Ω，則R1兩端的電壓U1=IR1=0.1A×40Ω=4V；
則電源電壓U=UR+U1=2V+4V=6V；
R1的電功率P1=U1I=4V×0.1A=0.4W；
（2）如果將R、R1并聯在該電路兩端，兩電阻兩端的電壓均等于電源電壓等于6V；
此時通過R的電流IR===0.3A；
則通過電阻R1的電流I1′=0.5A?0.3A=0.2A；
由I=得，電阻R1的阻值為R1′===30Ω；
由圖乙知，此時溫度為30℃．
答：（1）電源電壓是6V；R1的電功率是0.4W；
（2）將R、R1并聯在電路兩端，當干路電流為0.5A時，環境溫度是30℃．
點評：
本題是有關電學的綜合計算題目，要熟練掌握歐姆定律及電功率的計算公式，掌握串并聯電路的特點，關鍵能夠看懂圖象，找出電阻與溫度的對應關系．

26.圖甲是建造長江大橋是使用起吊裝置（圖中未畫出）的鋼纜繩拉著實心圓柱體A距江面某一高度處沿豎直方向勻速下降，在下降到江底之前，始終保持0.2m/s的速度不變。圖乙是A下降到江底之前鋼纜繩對A的拉力F的隨時間t變化的圖像（取江水的密度為ρ=1.0×103kg/m3，g取10N/kg）。求：
（1）圓柱體A下降過程中，重力的功率？
（2）圓柱體A的密度
（3）當圓柱體A下降到江（江底視為水平），卸下鋼纜繩后，圓柱體A對江底的壓力？
考點：
功率的計算；密度的計算；力的合成與應用；阿基米德原理．.
專題：
密度及其應用；運動和力；浮力；功、功率、機械效率．
分析：
（1）根據P===Gv計算重力的功率；
（2）分析圖象，通過A浸沒時的拉力計算出浮力大小，由阿基米德原理計算出A的體積，從而計算出A的密度；
（3）根據A在江底時受到平衡力，由F=G?F浮計算出A對江底的壓力．
解答：
解：
（1）實心圓柱體A距江面某一高度處沿豎直方向勻速下降，在下降到江底之前，始終保持0.2m/s的速度不變．
由圖象，前10s鋼繩的拉力不變，等于物體A的重力，此時物體在水面以上，
所以拉力與重力是一對平衡力，則：G=F=3×104N，
圓柱體A下降過程中，重力的功率：P===Gv=3×104N×0.2m/s=6×103W；
（2）中間10?15s，鋼繩的拉力減小，是物體A從與水面接觸到完全浸沒，
由圖可知，當A完全浸入水中時，拉力F′=1×104N，
所以石料受的浮力為：F浮=G?F′=3×104N?1×104N=2×104N，
根據F浮=ρ水gV排，
A的體積V=V排===2m3，
所以A的密度：
ρ====1.5×103kg?m3；
（3）A下降到江底卸下鋼纜繩后，受到平衡力作用，
圓柱體A對江底的壓力：
F=G?F浮=3×104N?2×104N=1×104N．
答：（1）圓柱體A下降過程中，重力的功率為6×103W；
（2）圓柱體A的密度是1.5×103kg?m3；
（3）當圓柱體A下降到江底，卸下鋼纜繩后，圓柱體A對江底的壓力為1×104N．
點評：
本題考查了平衡力的應用，功率、浮力、密度的計算，解題關鍵是通過圖乙確定A的重力及鋼絲繩受到的拉力、會用稱重法計算出A受到的浮力．