2017年綿陽中考物理試卷答案解析及word文字版下載（難度系數點評）

一、選擇題（每小題3分，共63分．每個小題只有一個選項最符合題目要求）
10．（3分）（2014•綿陽）下列屬于不可再生能源的是（　　）
　A．風能B．水能C．煤炭D．太陽能

考點：能源的分類．
專題：能源的利用與發展．
分析：解答本題要清楚可再生能源與不可再生能源的區別，使用之后可以在短時間內從自然界中再次產生的能源是可再生能源，使用之后在短時間內無法在自然界中再次產生的能源是不可再生能源．
解答：解：
根據可再生和不可再生能源的區別，可知：
煤、石油、天然氣等化石源是

短時間內不能再次產生的，是不可再生能源；
太陽能、水能、風能等在短時間內可以再次產生，是可再生能源．
故選C．
點評：要掌握可再生能源和不可再生能源的特點．重點記住化石能源、核能是不可再生能源；太陽能、潮汐能、風、水能是可再生能源．
　
11．（3分）（2014•綿陽）汽車站并排停放著兩輛大客車，甲車突然相對地面向后行駛，乙車仍相對地面靜止，這時乙車上坐在座椅上的乘客卻覺得乙車在向前行駛．則該乘客選擇的參照物可能是（　　）
　A．乙車B．甲車C．房屋D．樹木
考點：參照物及其選擇．
專題：運動和力．
分析：判斷物體的運動和靜止，首先選擇一個參照物，被研究的物體和參照物之間如果發生位置的變化，被研究的物體是運動的．否則是靜止的．
解答：解：乙車上的人看到乙車在向前運動了，說明乙車上人選甲車為參照物，乙車相對甲車位置發生了改變．
故選B．
點評：（1）參照物的選擇，作為參照物的物體可以是靜止的，也可以是運動的，如果選定為參照物，就假定為不動的物體．
（2）由物體的運動和靜止會選擇參照物，會根據參照物判斷物體的運動和靜止．
　xkb1
12．（3分）（2014•綿陽）下列現象中主要是為減小摩擦的是（　　）
　A．自行車的輪胎凹凸不平
　B．戰斗機準備作戰時．拋掉副油箱
　C．氣墊船利用壓縮空氣使船體與水間脫離接觸
　D．有些北方城市常常在下雪后將煤渣灑在結冰的路面上

考點：增大或減小摩擦的方法．
專題：重力、彈力、摩擦力．
分析：（1）根據增大摩擦或減小摩擦的方法進行分析，即增大摩擦方法有：增大接觸面的粗糙程度，增大壓力等；減小摩擦的方法有：減小接觸面的粗糙程度，減小壓力，使接觸面分離等．
（2）質量是慣性大小的決定因素．要想較容易的改變自身的運動狀態，就要從質量入手．
解答：解：A、鞋底上做有凹凸不平的花紋，是在壓力一定時，增大接觸面的粗糙程度來增大摩擦力．不符合題意．
B、戰斗機在戰斗前要拋掉副油箱，是為了減小飛機的質量來減小飛機的慣性，增大加速度，使自身的運動狀態容易改變，以提高戰斗機的靈活性．不符合題意．
C、氣墊船利用壓縮空氣使船體與水間脫離接觸，減小了船體航行時的摩擦力，符合題意；
D、下雪后將煤渣灑在結冰的路面上，這也是通過增大接觸面的粗糙程度來增大摩擦的，不符合題意．
故選C．
點評：知道增大摩擦的方法和減小摩擦的方法，并且會判斷一些現象是用什么方法改變摩擦的．掌握摩擦力大小的影響因素．掌握增大和減小摩擦力的方法．能在生活中增大有益摩擦和減小有害摩擦．摩擦力在生活中幾乎是無處不在的，我們要能夠根據所學有關摩擦力的知識分析生活中哪些是增大摩擦的，哪些是減小摩擦的，這也是中考的一個必考知識，需要掌握．
同時考查對慣性的理解，慣性的大小在實際中是經常要遇到的．當我們要求物體的運動狀態容易改變時，應該盡可能減小物體的質量來減小物體的慣性．相反，當我們要求物體的運動狀態不易改變時，應該盡可能增大物體的質量來增大物體的慣性．
　
13．（3分）（2014•綿陽）光的世界是豐富多彩的，關于以下光現象，說法正確的是（　　）
　A．小孔成像利用了光的反射
　B．游泳池注水后，看上去好像變淺了，這是光的色散
　C．人能看到物體，是因為從人眼發出的光照到了物體上
　D．太陽光通過棱鏡后被分解成各種顏色的光，這是光的色散

考點：光的色散；光直線傳播的應用；光的反射；光的折射現象及其應用．
專題：光的傳播和反射、平面鏡成像；光的折射、光的色散．
分析：（1）光在同種、均勻、透明的介質中沿直線傳播，日食、月食、影子、小孔成像等都是光的直線傳播形成的；
（2）光從一種介質斜射入另一種介質，傳播方向發生變化，這就是光的折射；
（3）我們能夠看到本身不發光的物體，是因為物體反射的光進入了我們眼睛的緣故．
（4）白色光經過三棱鏡后產生色散現象，在光屏由上至下依次為紅、橙、黃、綠、藍、靛、紫．
解答：解：A、小孔成像利用了光的直線傳播，該選項說法不正確；
B、游泳池注水后，看上去好像變淺了，這是光的折射造成的，該選項說法不正確；
C、人能看到物體，是因為物體發出或者反射的光進入了我們的眼睛，該選項說法不正確；
D、太陽光通過棱鏡后被分解成紅、橙、黃、綠、藍、靛、紫七種顏色的光，這就是光的色散現象，該選項說法正確．
故選D．
點評：本題考查了光的直線傳播、折射、反射以及色散，知識面比較廣，屬于光學基礎知識的考查．
　
14．（3分）（2014•綿陽）各地高高聳立的電視塔是地標性建筑，電視塔上天線的作用是（　　）
　A．讓聲音、圖象信號轉化為電信號
　B．讓聲音、圖象信號加載到高頻電流上
　C．讓音頻、視頻電信號加載到高頻電流上
　D．讓載有音頻、視頻信號的高頻電流產生電磁波

考點：電視的發射和接收．
專題：信息的傳遞．
分析：電視節目是通過電磁波傳播的，它由電視臺發射塔發射，由電視機天線接收，再通過選臺選出特定頻率的電磁波．
解答：解：電磁波可以傳遞聲音、圖象等信息，電視節目和廣播節目都是通過電磁波傳播的；電視塔上天線的作用是讓載有音頻、視頻信號的高頻電流產生電磁波并發射出去，故選項D正確，選項ABC錯誤；
故選D．
點評：了解電磁波的應用是解題的關鍵，是一道基礎題，難度不大．
　
15．（3分）（2014•綿陽）婷婷自制了一個叫做“水瓶琴“的樂器，如圖所示，它是通過在8個相同的水瓶中裝入不同高度的水制作而成．讓水面高度不同，主耍是為了在敲擊不同水瓶時改變發出聲音的（　　）

　A．音調B．音色C．響度D．傳播速度

考點：頻率及音調的關系．
專題：聲現象．
分析：音調與振動頻率的關系，頻率越快，音調就越高．
解答：解：由于瓶子中裝有水的多少不同，導致敲擊時，振動快慢就不同，水少的振動快，振動的快慢影響聲音的音調，故發出聲音不同是音調不同；
故選A．
點評：解決此類問題要會根據響度、音色和音調的定義區分聲音的三個特征，并且要知道影響三個特征的因素有哪些．
　
16．（3分）（2014•綿陽）生活中我們會看到這樣的現象：現象一，剝開棒冰紙時．棒冰周圍冒“白氣”；現象二，在寒冷的冬天戶外的人不斷呼出“白氣”以上兩種現象產生的原因分別是（　　）
　A．冰棒局部升華：呼出的水蒸氣液化
　B．棒冰局部升華；戶外空氣中的水蒸氣液化
　C．冰棒周圍空氣中的水蒸氣液化；呼出的水蒸氣液化
　D．冰棒周圍空氣中的水蒸氣液化；戶外空氣中的水蒸氣液化

考點：液化及液化現象．
專題：汽化和液化、升華和凝華．
分析：要解答本題需掌握：生活中的液化現象，以及它們的成因．
解答：解：剝開棒冰紙時．棒冰周圍冒“白氣“，這是空氣中的水蒸氣液化而成的；在寒冷的冬天戶外的人不斷呼出“白氣”這是呼出的水蒸氣液化而形成的．
故選C
點評：本題主要考查學生對液化現象的理解和掌握．是中考的熱點．
　
17．（3分）（2014•綿陽）在如圖所示的電路中，電源兩端電壓恒定不變，閉合開關S，在滑動變阻器的滑片由b向a移動的過程中，電壓表的示數、小燈泡L的亮度分別會怎樣變化（　　）

　A．變小、不變B．變小、變暗C．變大、變亮D．變大、不變

考點：電路的動態分析．
專題：電路變化分析綜合題．
分析：首先分析電路，燈泡與定值電阻串聯，電壓表與電阻的左半部分并聯，測左半部分兩端的電壓，根據歐姆定律分析即可．
解答：解：由圖知，當滑片移動時，接入電路中的電阻大小不變，電路中的電流不變，燈泡的亮度不變；
當滑片由b向a移動時，與電壓表并聯的電阻變小，由U=IR得，電壓表的示數變小．
故選A．
點評：此題考查了有關動態電路的分析，能夠分析出滑片移動時，變阻器接入電路中的電阻不變，是解決此題的關鍵所在．
　
18．（3分）（2014•綿陽）在“探究凸透鏡成像的規律“的實驗中，凸透鏡焦距為15cm，把蠟燭放在凸透鏡前25cm處，光屏上可承接到燭焰放大、倒立、?晰的實像，然后保持凸透鏡位置不變，將蠟燭緩慢向凸透鏡靠近．最終停在距凸透鏡20cm處，為在光屏上得到燭焰清晰的實像，則光屏的移動方向和光屏上所得到像的大小變化分別是（　　）
　A．靠近凸透鏡，變大B．遠離凸透鏡，變大C．靠近凸透鏡，變小D．遠離凸透鏡，變小

考點：凸透鏡成像規律及其探究實驗．
專題：探究型實驗綜合題．
分析：根據凸透鏡成實像時，物距減小，像距增大，像增大可做出選擇．
解答：解：成實像的過程中，如果將蠟燭向靠近透鏡方向移動，物距減小，像距增大，像變大，所以將蠟燭緩慢向凸透鏡靠近．最終停在距凸透鏡20cm處，為在光屏上得到燭焰清晰的實像，則光屏要遠離凸透鏡，光屏上所得到像的大小變化是變大了．
故選B．
點評：凸透鏡成像的三種情況和凸透鏡成實像時，物距減小，像距增大，像增大，這兩個知識點是凸透鏡成像習題的重要依據，一定要正確理解記憶．
　
19．（3分）（2014•綿陽）奧斯特通過實驗證實了電流的周周存在著磁場．如圖所示，閉合開關S后，位于螺線管右側的小磁針和位于螺線管正上方的小磁針N極指向將分別是（　　）

　A．向右，向左B．向左，向左C．向左，向右D．向右，向右

考點：通電螺線管的磁場．
專題：磁現象、電生磁．
分析：小磁針能體現出磁場的存在，且小磁針靜止時N極的指向為磁場的方向，即為磁感應強度的方向．也可為磁感線在該點的切線方向．而電流周圍的磁場由右手螺旋定則來確定磁場方向．
解答：解：由通電螺線管電流的流向，根據右手螺旋定則可得，通電螺線管的左邊為S極，右邊為N極．所以上面小磁針的N極指向為向右、下面小磁針N極指向為向左．
故選A．
點評：右手螺旋定則也叫安培定則，讓大拇指所指向為電流的方向，則四指環繞的方向為磁場方向．當導線是環形時，則四指向為電流的方向．
　
20．（3分）（2014•綿陽）氣凝膠是當今世界上密度最小的固體，一般常見的氣凝膠為硅氣凝膠，其密度僅為空氣密度的3倍，看上去就像凝固的煙．將一塊質量為3kg的硅氣凝膠輕輕放在水平地面上，g=10N/kg，則它對地面的壓力為（　　）
　A．10NB．20NC．30ND．40N

考點：壓力及重力與壓力的區別．
專題：重力、彈力、摩擦力．
分析：已知硅氣凝膠的質量，可以得到其重力；水平面受到的壓力等于物體的重力；
解答：解：硅氣凝膠的重力為G=mg=3kg×10N/kg=30N，
硅氣凝膠對水平地面的壓力為F=G=30N．
故選C．
點評：此題考查的是壓力和重力的區別，讀懂題意，明確水平面受到的壓力等于物體的重力是解答此題的關鍵．
　
21．（3分）（2014•綿陽）小王家的電能表上標著“600revs/（kW•h）”他用這個電能表來測量某用電器的功率；他把家中的其他用電器都與電源斷開，僅讓這個用電器工作，5min內電能表的轉盤轉了30轉．則該用電器的額定功率是（　　）
　A．0.01kWB．0.06kWC．0.1kWD．0.6kW

考點：額定功率．
專題：電能和電功率．
分析：600r/kW•h表示的是電路中每消耗1kW•h的電能，電能表的轉盤轉600r，或者表示電能表每轉1r，電路中消耗kW•h的電能，求出轉盤轉15r電路中消耗的電能，然后根據P=求出用電器的功率．
解答：解：轉盤轉動30轉消耗電能：W=kW•h=0.05kW•h=1.8×105J，
t=5min=5×60s=300s，
用電器的功率：P===600W=0.6kW．
故選D．
點評：本題考查了電能表的參數的理解與電能的求法以及電功率的計算，關鍵是要將公式掌握好．
　
五、（本題包括5小題，每空2分，共20分）
29．（4分）（2014•綿陽）如圖所示的杠桿是　省力　杠桿（選填：“省力“或“費力“）．圖中O為支點，F1的力臂為l1，F2的力臂為l2，當杠桿平衡時，F1與F2定量的關系式為　F1L1=F2L2　．

考點：杠桿的平衡條件．
專題：簡單機械．
分析：杠桿的分類主要包括以下幾種：①省力杠桿，動力臂大于阻力臂；②費力杠桿，動力臂小于阻力臂；③等臂杠桿，動力臂等于阻力臂．
杠桿的平衡條件：F1L1=F2L2．
解答：解：圖中所示杠桿動力臂L1大于阻力臂L2，所以是省力杠桿；F1與F2定量的關系式為：F1L1=F2L2．
故答案為：省力；F1L1=F2L2．
點評：本題考查了杠桿的平衡條件和杠桿的分類，解決此類題目的關鍵是：結合圖片和生活經驗，先判斷杠桿在使用過程中，動力臂和阻力臂的大小關系，再判斷它是屬于哪種類型的杠桿．
　
30．（4分）（2014•綿陽）一支長度為20cm的試管裝滿了水，用橡皮塞將管口塞緊且管口朝上處于豎直狀態，并保持靜止．已知ρ水=1.0×103kg/m3，g=9.8N/kg．則由于水受到重力而對試管底部產生的壓強為　1.96×103　Pa．現將試管由豎直狀態傾斜為與水平方向成45°角，則試管底部受到水的壓強會　減小　（選填：“增大“、“減小”或“不變“）

考點：液體的壓強的計算；液體的壓強的特點．
專題：壓強、液體的壓強．
分析：由題意知試管長度等于水的深度，又知水的密度，根據液體壓強公式p=ρgh可求水對試管底部產生的壓強；
根據液體壓強特點分析壓強變化．
解答：解：水對試管底部產生的壓強：
p=ρgh=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×0.2m=1.96×103Pa；
根據p=ρgh可知，液體壓強的大小與液體的密度和深度有關，由題意知，水的密度不變，將試管由豎直狀態傾斜為與水平方向成45°角后，h減小，所以壓強減小．
故答案為：1.96×103；減小．
點評：考查液體壓強公式和液體壓強特點，關鍵是根據題意得出將試管由豎直狀態傾斜為與水平方向成45°角后，h的變化．
　
31．（4分）（2014•綿陽）如圖所示是潛望鏡的結構示意圖，其中兩塊平面鏡均相對水平面傾斜45°角．潛望鏡是利用了光的　反射　原理．現有一艘軍艦位于與平面鏡等高的正前方，則人眼看到軍艦所成的虛像位于　與平面鏡2等高的正前方　（選填：“與平面鏡1等高的正前方”、“平面鏡1的正上方”、“與平面鏡2等高的正前方“或“平面鏡2的正下方”）．

考點：平面鏡的應用．
專題：光的傳播和反射、平面鏡成像．
分析：平面鏡成像特點：所成的像是虛像；像和物體形狀、大小相同；
像和物體各對應點的連線與平面鏡垂直；像和物體各對應點到平面鏡間距離相等．
解答：解：潛望鏡是由兩塊平面鏡構成的，且平面鏡是成正立等大的虛像，故潛望鏡是利用了光的反射原理．
由平面鏡成像特點，像和物體各對應點到平面鏡間距離相等，可知，現有一艘軍艦位于與平面鏡等高的正前方，則人眼看到軍艦所成的虛像位于與平面鏡2等高的正前方．
故答案為：反射；與平面鏡2等高的正前方．
點評：本題主要考查的是平面鏡成像原理及應用．一定要熟練掌握平面鏡成像的特點，等大、正立的虛像，一句話就是像與物體關于平面鏡對稱．要弄清潛望鏡的原理，是地上面的、遠處的景物反射的光，照射到潛望鏡上面這塊平面鏡上，再反射到下面這塊平面鏡上，再反射到人的眼里，人就能從低處看見地上面的、遠處的景物．
　
32．（4分）（2014•綿陽）如圖所示，是A、B兩種燃料完全燃燒釋放的熱量Q與其質量m的關系圖，從圖中可看出A燃料的熱值　小于　B燃料的熱值（選填：“大于“、”小于”或“等于”）．在標準大氣壓下，若一定質量的B燃料完全燃燒釋放的熱量為4.9×106J，其中有60%的熱量被質量為10kg、初始溫度為38℃的水吸收，C水=4.2×103J/（kg•℃），則水的溫度將升高　62　℃．

考點：熱平衡方程的應用．
專題：比熱容、熱機、熱值．
分析：（1）單位質量的某種燃料完全燃燒放出的熱量叫這種燃料的熱值，在圖象上取某一質量m0，比較相應的Q值，從而比較這兩種燃料的熱值大小．
（2）知道水的質量、水的比熱容，根據Q放=Q吸=cm△t可計算水升高的溫度．（注意水的末溫為100℃，水沸騰時，吸熱但溫度不變）．
解答：解：（1）取相同質量m0，由圖可知，QB＞QA，
∵q=，
∴qB＞qA．
（2）水吸收的熱量：
Q吸=Q放η=4.9×106J×60%=2.94×106J；
∵Q吸=cm△t，
∴水升高的溫度：
△t===70℃，
水的末溫t=t0+△t=38℃+70℃=108℃，
在一標準大氣壓下水的沸點是100℃，水的溫度升高到100℃，溫度不再變化，
因此水的溫度將升高100℃?38℃=62℃．
故答案為：小于；62．

點評：本題考查學生對燃料完全燃燒放出熱量公式和吸熱公式的掌握和運用，計算時注意沸騰特點．
　
33．（4分）（2014•綿陽）如圖所示，小燈泡L上標有“8V8W“字樣，閉合開關S后，電流表的示數為0.5A．若不考慮小燈泡電阻隨溫度的變化，則此時小燈泡的電功率是　2　W，小燈泡在1min內消耗的電能是　120　J．

考點：電功率的計算；電功的計算．
專題：計算題；電能和電功率．
分析：已知燈泡的額定電壓和功率，根據R=求阻值；當IL=0.5A時，利用P=I2R求出功率；
利用W=Pt求消耗的電能．
解答：解：由P=UI=得：
燈泡阻值為RL===8Ω；
當IL=0.5A時，則根據P=UI=I2R得：
功率為P=I2R=（0.5A）2×8Ω=2W．
消耗的電能W=Pt=2W×60s=120J．
故答案為：2；120．
點評：本題考查了功、功率公式的應用，關鍵是能靈活應用功率的變形式．
　
六、（本題包括3小題，每空2分，作圖2分，共24分）
34．（4分）（2014•綿陽）李麗學習了水的沸騰知識后，按老師的要求課后做了“紙鍋燒水“實驗．她將適當的水裝入紙鍋后，放到火上加熱（沒有讓火苗燒到水面以上的紙），一會兒水沸騰了，但紙鍋并沒有燃燒．
①水的沸騰是劇烈的　汽化　現象．
②紙鍋沒有燃燒，是因為水沸騰時仍要維續吸熱，溫度　不變　，低于紙的著火點，所以紙鍋沒有燃燒．

考點：沸騰及沸騰條件．
專題：汽化和液化、升華和凝華．
分析：①物質由液態變為氣態的過程叫汽化，汽化包括蒸發和沸騰兩種方式；
②水在一個標準大氣壓下沸點是100℃，而紙的燃點大約是183℃，水沸騰后溫度不再變化．
解答：解：
①水在沸騰過程中，由液態變為氣態，是劇烈的汽化現象；
②因為標準大氣壓下，水的沸點是100℃，沸騰過程中吸收熱量溫度不變，并且水的沸點高于紙的燃點，所以紙鍋不會被燒壞．
故答案為：①汽化；②不變．
點評：此題是對于沸騰、沸點和燃點的考查，看似神奇的現象，用我們的物理知識來分析，就可以看出其中的原理．
　
35．（8分）（2014•綿陽）如圖甲所示，是設計的“探究小球的重力勢能大小與哪些因素有關“的實驗裝置．其中AB是四分之一光滑圓弧軌道，BC是粗糙的水平面，木塊初始靜止在B點，讓小球從距水平面高h處由靜止釋放，小球剛好能沿著過A點的切線方向進入圓弧軌軌道，然后與木塊發生碰撞，木塊運動一段距離后最終停下來．小球可認為是光滑的，如圈乙所示，是實驗過程中的三個步驟其中小球質量m1＜m2=m3，小球由靜止釋放的位置距水平面的高度h1=h2＜h3．

①在小球由靜止釋放到即將與木塊碰撞的過程中，小球的重力勢能轉化為小球的　動能　．
②通過觀察　木塊移動的距離　來比較小球的重力勢能的大小．
③?驟一、?驟二是探究小球的重力勢能大小與　小球的質量　關系．
④步驟二、步驟三是探究小球的重力勢能大小與　小球的高度　的關系．

考點：探究影響物體勢能大小的因素．
專題：探究型實驗綜合題．
分析：（1）根據影響動能和重力勢能的因素來進行分析，得出結論；
（2）利用轉化法反映重力能的大小，通過木塊移動距離反映小球重力勢能的大小；
（3）探究重力勢能與質量的關系，應控制小球的高度相同，改變小球的質量；
（4）探究重力勢能與高度的關系，應控制小球的質量相同，改變小球的高度．
解答：解：（1）圖甲中將小球從圖示位置由靜止釋放，小球向下滑動的過程中，觀察到它的速度越來越大，則小球的動能逐漸增大，重力勢能逐漸減小，重力勢能轉化為動能．
（2）該實驗通過木塊移動的距離大小反映小球重力勢能的大小，利用了轉化法．
（3）比較?驟一、?驟二可以看出小球釋放的高度相同，小球的質量不同，木塊移動的距離不同，所以這兩次試驗是探究小球的重力勢能大小與小球質量的關系．
（4）比較?驟二、?驟三可以看出小球質量相同，小球的釋放高度不同，木塊移動的距離不同，所以這兩次試驗是探究小球的重力勢能大小與小球高度的關系．
故答案為：（1）動能；（2）木塊移動的距離；（3）小球的質量；（4）小球的高度．
點評：此題是探究“物體的動能大小與哪些因素有關”的實驗，實驗裝置與以往的課本裝置不同，采用懸掛的小球做實驗，實驗更容易操作，同時考查了學生根據實驗現象得出結論的能力．
　
36．（12分）（2014•綿陽）在“探究電壓一定，電流與電阻的關系”實驗中，實驗室提供的實驗器材有：電源一個（兩端電壓恒為3V），電流表、電壓表各一個，開關一個，六個定值電阻（阻值分別為：4Ω、6Ω、8Ω、10Ω、14Ω和25Ω），三只滑動變阻器（規格分別為：“15Ω1A“和”20Ω0.3A“），導線若干．實驗前電壓表和電流表已調零，實驗時用導線a、b、c、d、e、f和g按如圖1所示方式連接電路．

①閉合開關前，應把滑動變組器的滑片調到　A　端（選填：“A“或”B“）
②閉合開關，調節滑動變阻器的滑片，結果電流表有示數，電壓表示數始終為零，則可能是導線　e　出現斷路．
③故障排除后．先將25Ω的定值電阻接入電路，閉合開關，移動滑動變阻器的滑片，使電壓表的示數為2V．并記下相應的電流值；然后改接14Ω的電阻，此時滑片應向　B　端滑動（選填：“A“或“B”）為了用六個定值電阻分別進行實驗，他應該選擇的一個滑動變阻器規格是　“15Ω1A”　．
④小張測出了六組數據并在老師的指導下，通過做I?圖象，來分析電壓一定時電流與電阻的關系．如圖2所示，小張已在坐標紙上描了六個點，請在圖中做出I?圖象；并通過分析圖象，可以得出結論：　當電壓一定時，電流和電阻成反比　．

考點：探究電流與電壓、電阻的關系實驗．
專題：探究型實驗綜合題．
分析：（1）閉合開關前，滑動變阻器的滑片應處于阻值最大處，分析電路連接確定移動方向；
（2）閉合開關，調節滑動變阻器的滑片，結果電流表有示數，電壓表示數始終為零，電壓表斷路；
（3）根據圖象分析電流與電阻間的關系；用小電阻替換大電阻后，電阻分壓變小，電壓表示數變小，為保持電阻兩端電壓不變，應增加滑動變阻器接入電路的阻值，減小滑動變阻器的分壓，使定值電阻兩端電壓變大，以便保持電阻兩端電壓不變；根據出定值電最小時的電路電流，由串聯電路特點，然后選擇滑動變阻器．
（4）根據描點用平滑曲線連接個點形成圖象，分析圖象得出結論．
解答：解：（1）根據實物電路結合滑動變阻器的使用規則，可知在該實驗中，閉合開關前，應該將滑片移到A端；
（2）閉合開關，調節滑動變阻器的滑片，結果電流表有示數，電壓表示數始終為零，可以確定電壓表斷路，分析電路可知是導線e斷路了；
（3）用25Ω的電阻做完實驗后，然后將14Ω的電阻接入電路，定值電阻分壓變小，電壓表的示數將變小，為保持電阻兩端電壓不變，由電路圖可知，應向B端移動滑片，減小滑動變阻器接入電路的阻值，減小滑動變阻器分壓，增大定值電阻兩端電壓，以便保持定值電阻電壓不變．
（4）在I?圖象中，圖象是一條過坐標原點的一條直線，則I與成正比，
因I=k，k為常數，則IR=k，
所以，可得結論電壓一定時，導體中的電流與電阻成反比；曲線圖如下：
故答案為：①A；②e；③B；“15Ω1A”；④當電壓一定時，電流和電阻成反比．
點評：本題考查了電壓表和滑動變阻器的連接、串聯電路的分壓特點等，關鍵是分析圖象得出電流與電阻之間的關系，要注意I與成正比時I與R成反比．
　
七、（本題包括2小題，共20分，解答過程中必須寫出必要的文字說明、公式和重要的演算步驟.只寫出最后答案的不能得分，有數值計箅的題，答案中必須明確寫出數值和單位）
37．（7分）（2014•綿陽）亮亮設計了一個用電壓表的示數變化反映環境溫度變化的電路．其電路原理圖如圖（a）所示．其中，電源兩端電壓U=4V（恒定不變）．是電壓表．量程為0～3V，R0是定值電阻，R0=300Ω，R1是熱敏電阻，其電阻隨環境溫度變化的關系如圖（b）所示．閉合開關S后．求：

①當環境溫度為40℃時，熱敏電阻R1的阻值是多少？
②當環境溫度為40℃時，電壓表的示數是多少？
③電壓表兩端電壓不能超過其最大測量值，則此電路所允許的最高環境溫度是多少？

考點：歐姆定律的應用．
專題：計算題；歐姆定律．
分析：（1）根據圖b可讀出環境溫度為40℃時對應的R1的阻值；
（2）R0與R1是串聯，根據電阻的串聯求出總阻值，利用歐姆定律即可求出電流和電壓；
（3）電壓表兩端電壓達到最大測量值3V時，根據串聯電路的電壓特點求出定值電阻R0兩端的電壓，利用歐姆定律即可求出此時的電流，最后再根據歐姆定律求出R1的阻值；然后對照變化曲線去找對應溫度．
解答：解：（1）根據圖b可讀出環境溫度為40℃時對應的R1的阻值為200Ω；
（2）環境溫度為40℃時，根據電阻的串聯特點可知：
R總=R0+R1=300Ω+200Ω=500Ω，
則I===0.008A，
由歐姆定律得：R0兩端的電壓U0=IR0=0.008A×300Ω=2.4V；
（3）由題意可知電壓表示數允許最大值為3V，且此時電路能夠測量的溫度最高；
∴此時電路中的電流為：I′===0.01A，
∵串聯電路兩端的電壓等于各部分電路兩端的電壓之和，
∴U1′=U?U0′=4V?3V=1V，
由歐姆定律得：此時熱敏電阻的阻值R1′===100Ω，
根據圖b可查得熱敏電阻的阻值為100Ω時對應溫度為80℃，即最高溫度為80℃．
答：①當環境溫度為40℃時，熱敏電阻R1的阻值是200Ω；
②當環境溫度為40℃時，電壓表的示數是2.4V；
③電壓表兩端電壓不能超過其最大測量值，則此電路所允許的最高環境溫度是80℃．
點評：本題綜合考查歐姆定律和電功率的計算，熟練分析掌握各種不同的坐標圖是本題解題的關鍵，讀取坐標圖時要特別注意縱橫坐標的含義，以及它們斜率表示的含義．
　
38．（13分）（2014•綿陽）2012年10月15日，奧地利著名極限運動員鮑姆加特納乘坐熱氣球從距地面高度約39km的高空跳下，并成功若陸．如圖所示．該熱氣球由太空艙，繩索和氣囊三部分組成．氣囊與太空艙之間利用繩索連接．在加熱過程中氣囊中氣體受熱膨脹．密度變小，一部分氣體逸出，當熱氣球總重力小于浮力時便開始上升．
假定鮑姆加特納是在豎直方向上運動的，并經歷了以下幾個運動階段：他首先乘坐熱氣球從地面開始加速上升到離地高h1=1km處，此階段繩索對太空艙向上的總拉力恒為F1=3002.5N；接著再勻速上升到離地面高h2=38km處，此階段繩索對太空艙向上的總拉力恒為F2=3000N；然后再減速上升到離地高h3=39km處，此階段繩索對太空艙向上的總拉力恒為F3=2997.5N；他在上升過程中共用時t1=1×104s，在離地高39km處立即跳下．自由下落t2=4min后速度已超過音速，最后打開降落傘，又用時t3=16min又安全到達地面．忽略?度對g的影響，取g=10N/kg．求：
①從離開地面到安全返回地面的整個過程中，運動員的平均速度是多少？（結果取整數）
②在熱氣球上升過程中．繩索對太空艙向上的總拉力做功的平均功率是多少？
③當熱氣球上升到離地高20km處．若熱氣球總質量（含氣囊里面氣體）m=7.18×104kg，整個熱氣球的體積V=8×105m3，整個熱氣球受到的空氣阻力f=2×103N，不考慮氣流（或風）對熱氣球的影響．則此高度處的空氣密度是多少？

考點：變速運動與平均速度；二力平衡條件的應用；阿基米德原理；功率的計算．
專題：長度、時間、速度；運動和力；浮力；功、功率、機械效率．
分析：①明確上升和下降通過的總路程和對應的總時間，利用公式v=得到整個升降過程的平均速度；
②在熱氣球上升的過程中，繩索對太空艙向上的總拉力做功有三個階段，分別計算三個階段做的功，得到上升過程做的總功；利用上升過程拉力做的總功和所用時間，得到拉力的平均功率；
③已知熱氣球的總質量，可以得到總重力；已知熱氣球在此高度做勻速運動，所以受到的浮力、空氣阻力、重力合力為0；已知總重力和空氣阻力，可以得到熱氣球受到的空氣浮力；已知熱氣球的總體積和受到的空氣浮力，利用阿基米德原理變形公式得到空氣的密度．
解答：解：
①從離開地面到安全返回地面的過程中，運動員的總路程為s=2h3=2×39km=78km=7.8×104m；
從離開地面到安全返回地面的過程中，運動員的總時間t=t1+t2+t3=1×104s+4×60s+16×60s=1.12×104s；
從離開地面到安全返回地面的過程中，運動員的平均速度為v=≈7m/s．
②在熱氣球上升階段，繩索對太空艙向上的總拉力做功有三個階段：
第一階段：W1=F1h1=3002.5N×1000m=3.0025×106J，
第二階段：W2=F2（h2?h1）=3000N×（38000m?1000m）=1.11×108J，
第三階段：W3=F3（h3?h2）=2997.5N×（39000m?38000m）=2.9975×106J；
上升過程中拉力共做功W=W1+W2+W3=3.0025×106J+1.11×108J+2.9975×106J=1.17×108J，
在整個上升過程中總拉力的平均功率為P==1.17×104W；
③熱氣球的總重力為G=mg=7.18×104kg×10N/kg=7.18×105N，
熱氣球受到的空氣浮力為F浮=G+f=7.18×105N+2×103N=7.2×105N，
∵F浮=ρ空氣gV排，
∴空氣的密度為ρ空氣==0.09kg/m3．
答：
①從離開地面到安全返回地面的整個過程中，運動員的平均速度是7m/s；
②在熱氣球上升過程中．繩索對太空艙向上的總拉力做功的平均功率是1.17×104W；
③此高度處的空氣密度是0.09kg/m3．
點評：此題是一道力學綜合題，考查了平均速度的計算、平均功率的計算、阿基米德原理、二力平衡條件的應用，有一定難度，特別是計算過程較復雜，解答時一定認真，避免計算出錯．