2017年巴中中考物理試卷答案解析及word文字版下載（難度系數點評）

一、單項選擇題（本題共18個小題，每小題2分，共36分）
1．（2分）（2016•巴中）下列說法中，與實際相符合的是（　　）
　A．人的正常體溫是45℃
　B．一位中學生的體重約為20N
　C．使用驗電筆時手不能接觸筆尖金屬體
　D．現在你坐的課桌的高度約為2m

考點：重力大小的估測；溫度；長度的估測；測電筆的使用．.
專題：估算綜合應用題．
分析：首先要對選項中涉及的幾種物理量有個初步的了解，對于選項中的單位，可根據需要進行相應的換算或轉換，排除與生活實際相差較遠的選項，找出符合生活實際的答案．
解答：解：A、人的正常體溫在36.5℃左右，故A錯誤；
B、中學生的質量一般在100斤即50kg左右，根據重力與質量的關系可得重力G=mg=50kg×10N/kg=500N；故B錯誤；
C、使用驗電筆時，手不能接觸筆尖金屬，否則，會發生觸電事故；故C正確；
D、課桌的高度約在70cm左右，故D錯誤；
故選C．
點評：此題考查對生活中常見物理量的估測，結合對生活的了解和對物理單位的認識，找出符合實際的選項即可．
　
2．（2分）（2016•巴中）關于聲音，下列說法正確的是（　　）
　A．中考期間考場附近禁止鳴笛，是在聲源處來控制噪聲的
　B．聲音不是由物體振動產生的
　C．“公共場所不要大聲說話”是要求人們說話的音調要低
　D．聲音在空氣中傳播的速度比在液體中快

考點：防治噪聲的途徑；聲音的產生；聲音在不同介質中的傳播速度；響度．.
專題：聲現象．
分析：（1）防治噪聲可以從噪聲的產生、噪聲的傳播及噪聲的接收這三個環節進行防治；
（2）聲音是由物體的振動產生的；
（3）聲音的特性包括音調、響度和音色，根據對三個特性的理解做出判斷；
（4）聲音在不同介質中的傳播速度不同，在固體中最快，液體中次之，空氣中最慢．
解答：解：A、中考期間考場附近禁止鳴笛，是在聲源處來控制噪聲的，故A正確；
B、一切聲音是由物體的振動產生的，故B錯誤；
C、“公共場所不要大聲說話”是要求人們說話的響度要小，而不是音調要低，故C錯誤；
D、聲音在不同介質中的傳播速度不同，在空氣中傳播的速度比在液體中慢，故D錯誤．
故選A．
點評：本題考查了防治噪聲的途徑、聲音的產生、音調響度的辨別、聲速等，屬聲學綜合題，難度不大．
　
3．（2分）（2016•巴中）下列光現象與對應的物理知識相符合的是（　　）
　A．平面鏡成像?光的折射B．小孔成像?光的直線傳播
　C．水中的“白云”?光的色散D．凸透鏡成像?光的反射

考點：光的反射；光在均勻介質中直線傳播；光的折射現象及其應用．.
專題：光的傳播和反射、平面鏡成像；光的折射、光的色散．
分析：要解決此題，需要掌握光的反射現象，知道平面鏡成像是由于光的反射形成的．
要掌握光的折射現象，知道水底看起來比實際的要淺、斜插入水中的筷子向上折、海市蜃樓、凸透鏡成像都是光的折射．
要掌握光沿直線傳播現象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直線傳播形成的．
解答：解：A、平面鏡成像，是由于光的反射形成的，故與題意不符．
B、小孔成像說明光是沿直線傳播的，符合題意；
C、水中的“白云”，屬于平面鏡成像，是由于光的反射形成的，故與題意不符．
D、凸透鏡成像，是由于光的折射形成的．故與題意不符．
故選B．
點評：光的直線傳播形成的現象包括：小孔成像，影子的形成，日、月食的形成等；光遇到物體表面會發生反射：平面鏡成像就是光的反射形成的；光從一種介質斜射入另一種介質時，光的傳播方向會發生偏折：鋼筆錯位、筷子變折、海市蜃樓，凸透鏡成像等都屬于光的折射現象．
　
4．（2分）（2016•巴中）深秋的大巴山常常出現“縹緲的霧，晶瑩的露，輕柔的雪，凝重的霜”這種現象，你對所描述的物理現象理解正確的是（　　）
　A．“縹緲的霧”是升華現象B．“晶瑩的露”是熔化現象
　C．“輕柔的雪”是凝固現象D．“凝重的霜”是凝華現象

考點：液化及液化現象；生活中的凝華現象．.
專題：應用題；汽化和液化、升華和凝華．
分析：物質從固態變為液態的過程稱熔化，物質由液態變為固態的過程是凝固；物體由氣態變為液態的現象叫液化，物體由液態變為其態的現象叫汽化；由氣態變為固態的現象叫凝華，由氣態直接變為固態叫升華．
解答：解：
AB、霧、露是液態的，是由空氣中的水蒸氣遇冷形成的，氣態變為液態的現象叫液化，故AB錯誤；
CD、霜、雪是固態的，是由空氣中的水蒸氣遇冷形成的，氣態變為固態的現象叫凝華，故C錯誤，D正確．
故選：D．
點評：此題考查的是自然現象中霧、露、霜、雪的形成過程；
霧、露、霜、雪都是由物態變化形成的，判斷物態變化主要看物體是由什么狀態變為了什么狀態．
　
5．（2分）（2016•巴中）下列關于內能、熱量、溫度說法正確的是（　　）
　A．物體溫度越低，所含的熱量越多
　B．物體吸收熱量，它的溫度一定會升高
　C．物體溫度升高，它的內能一定增加
　D．物體內能減少，它一定放出熱量

考點：溫度、熱量與內能的關系．.
專題：分子熱運動、內能．
分析：（1）物體吸熱或溫度升高，內能一定增大；但物體的內能增大，不一定是由物體吸熱或溫度升高引起的．
（2）改變物體內能的方式有做功和熱傳遞兩種方式，二者是等效的．
解答：解：A、描述熱量的術語只能用“吸收”或“放出”，不能用“含有”故A錯誤；
B、物體吸收熱量，它的溫度可能會升高，也可能不變，例如：晶體熔化過程中，吸收熱量，但溫度不變，故B錯誤；
C、物體溫度變化其內能一定變化，物體溫度升高，它的內能一定增加，故C正確；
D、物體的內能減少，可能是放出熱量，還有可能是對外做功，故D錯誤．
故選C．
點評：本題是一道熱學綜合題，主要考查學生對內能、熱傳遞的條件及改變物體內能方法的理解，是中招的熱點，熱學的難點．
　
6．（2分）（2016•巴中）汽油機吸氣沖程吸入氣缸內的物質是（　　）
　A．柴油B．汽油和空氣C．汽油D．空氣

考點：內燃機的四個沖程．.
專題：比熱容、熱機、熱值．
分析：在四沖程汽油機的吸氣沖程中，吸入的氣缸的氣體是汽油和空氣的混合物；在排氣沖程中將產生的高溫廢氣排出．
解答：解：
四沖程汽油機的吸氣沖程吸入氣缸的氣體是汽油和空氣的混合物．
故選B．
點評：此題主要考查學生對對內燃機四個沖程的理解．
　
7．（2分）（2016•巴中）汽車在平直的公路上做勻速直線運動，下列彼此平衡的兩個力是（　　）
　A．汽車所受的重力和汽車對地面的壓力
　B．汽車所受的摩擦力和地面對汽車的支持力
　C．汽車所受的重力和汽車的牽引力
　D．汽車所受的重力和地面對汽車的支持力

考點：平衡力的辨別．.
專題：運動和力．
分析：靜止或勻速直線運動的物體受到的一定是平衡力，而一對平衡力必須符合四個條件，即作用在同一物體上、作用在一條直線上、大小相等、方向相反．對照選項中的描述，看是否同時符合以上四個條件，即可做出判斷．
解答：解：A、汽車受到的重力受力物體是汽車，汽車對地面的壓力受力物體是地面，兩個力不作用在同一物體上，因此不是一對平衡力，不合題意；
B、汽車所受到的摩擦力在水平方向上，地面對汽車的支持力是豎直方向，兩個力不作用在同一直線上，大小也不能確定，因此不是一對平衡力，不合題意；
C、汽車所受的重力在豎下方向上，汽車的牽引力在水平方向上，兩個力不作用在同一直線上，大小也不能確定，因此不是一對平衡力，不合題意；
D、汽車受到的重力和地面對汽車的支持力，符合作用在同一物體上、作用在一條直線上、大小相等、方向相反四個條件，是一對平衡力，符合題意．
故選D．
點評：牢記二力平衡的四個條件，是解決此類問題的關鍵，同時注意平衡力與一對相互作用力的區別，這是此類問題的易錯點．
　
8．（2分）（2016•巴中）有關壓強知識的應用，下列說法正確的是（　　）
　A．飛機的機翼能獲得升力，是應用了流體中流速越大的地方壓強越大的原理
　B．人用吸管吸食飲料是靠液體壓強把飲料“壓”進了嘴里
　C．大型的載重汽車裝有許多車輪是為了減小車對路面的壓強
　D．潛水員在水中下潛時穿潛水服，是因為液體壓強隨液體深度的增加而減小

考點：飛機的升力；減小壓強的方法及其應用；液體的壓強的特點；大氣壓的綜合應用．.
專題：壓強、液體的壓強；氣體的壓強、流體壓強與流速的關系．
分析：A、流體在流速大的地方壓強小、在流速小的地方壓強大，這是使飛機獲得升力的原因；
B、吸管吸飲料時，是先把吸管內的空氣吸走，在外界大氣壓的作用下，飲料被壓進吸管里；
C、在壓力一定時，增大受力面積可以減小壓強；
D、液體壓強隨深度的增加而增大，據此做出解答．
解答：解：A、機的機翼能獲得向上的升力，是應用了流速越大流體的壓強越小的原理，故A錯誤；
B、用吸管吸飲料時，是先把吸管內的空氣吸走，管內氣壓減小，在外界大氣壓的作用下，飲料被壓進吸管里，利用大氣壓，故B錯誤；
C、大型的載重汽車裝有許多車輪是為了增大受力面積，減小車對路面的壓強，故C正確；
D、液體壓強隨深度的增加而增大，所以潛水員在水中下潛時要穿潛水服，故D錯誤．
故選C．
點評：本題是事例都是生活中的常用的現象，利用生活現象考查物理知識，體現物理和生活的密切關系，體現了學以致用的目的．
　
9．（2分）（2016巴中）如圖所示，杠桿處于平衡狀態，如果在物體A和B下端同時掛一個相同質量的鉤碼，下列判斷正確的是（　　）

　A．杠桿不能平衡，左端下沉B．杠桿不能平衡，右端下沉
　C．杠桿仍能平衡D．無法判斷

考點：杠桿的平衡條件．.
專題：簡單機械．
分析：判斷出掛了鉤碼后左右兩邊力和力臂乘積的大小關系，判斷出是否平衡及平衡狀態的變化．
解答：解：原來杠桿平衡，則GA×L=GB×2L
若在物體A和B下端同時掛一個相同質量的鉤碼，則左邊=（GA+G）×L=GA×L+G×L；
右邊=（GB+G）×2L=GB×2L+2G×L，
又GA×L=GB×2L，GL＜2GL，所以：
（GA+G）×L＜（GB+G）×2L，杠桿將向右傾斜，ACD錯誤，B正確．
故選B．
點評：本題考查了杠桿平衡條件的應用，杠桿是否平衡取決于力和力臂的乘積是否相等，只比較力或力臂大小不能得出正確結果．
　
10．（2分）（2016•巴中）如圖所示，一物體在拉力F的作用下沿斜面向上勻速運動，在向上運動的過程中，下列說法正確的是（　　）

　A．物體的動能不變，機械能不變
　B．物體的重力勢能增大，機械能增大
　C．物體的重力勢能轉化為動能
　D．物體的動能轉化為重力勢能

考點：動能和勢能的大小變化；動能和勢能的轉化與守恒．.
專題：機械能及其轉化．
分析：根據下列知識分析判斷：
動能大小的影響因素：質量和速度，質量越大，速度越大，動能越大．
重力勢能大小的影響因素：質量和高度，質量越大，高度越大，重力勢能越大．
動能和勢能統稱為機械能．
解答：解：
（1）物體沿斜面向上勻速運動，質量不變，高度增加，重力勢能增加；質量不變、速度不變，動能不變；
動能不變、重力勢能增大，機械能增大，故A錯、B正確；
（2）物體上升過程中，速度不變、動能不變，沒有發生重力勢能和動能之間的相互轉化，故CD都錯．
故選B．
點評：本題考查了動能、勢能和機械能的大小變化分析，知道動能和重力勢能大小的影響因素是解決該題的關鍵．
　
11．（2分）（2016•巴中）關于磁場，下列說法中正確的是（　　）
　A．磁體周圍的磁感線從磁體N極發出，回到磁體S極
　B．磁極間的相互作用不都是通過磁場發生的
　C．磁感線是磁場中真實存在的一些曲線
　D．地磁場的N極在地理北極附近，S極在地理南極附近，與地球兩極并不完全重合

考點：磁場；磁感線及其特點；地磁場．.
專題：磁現象、電生磁．
分析：（1）在磁體外部，磁感線從N極出發，回到S極；
（2）磁場的基本性質：對放入其中的磁體產生磁力作用；
（3）根據理想模型方法的思路進行分析，即為了人們可以形象直觀的認識磁場，科學家通過想象引入了磁感線；
（4）地磁場的北極在地理南極附近，地磁場南極在地理北極附近．
解答：解：
A、磁體外部的磁感線是從N極出發，回到S極的，磁體內部的磁感線是從S極出發，回到磁體N極的，故D正確；
B、磁極間的相互作用是通過磁場而發生的，故B錯誤；
C、磁感線是科學家為了研究起來形象、直觀，是通過想象而描繪出來的，所以不是真實存在的，故C錯誤；
D、地磁場的北極在地理南極附近，地磁場南極在地理北極附近，地磁場的兩極與地理的兩極相反，且與地球的兩極并不完全重合，故D錯誤．
故選A．
點評：關于磁場要知道磁極間的相互作用是通過磁場產生的，知道磁感線的由來，以及磁感線方向的確定．
　
12．（2分）（2016•巴中）關于信息和能源，下列說法錯誤的是（　　）
　A．我國的北斗衛星定位系統是利用電磁波來傳遞信號的
　B．可見光與無線電波在真空中的傳播速度相同
　C．目前人類已建立的核電站，利用核聚變發電
　D．可再生能源是未來理想能源的一個重要發展方向

考點：電磁波的傳播；核裂變；能源與人類生存和社會發展的關系．.
專題：信息的傳遞；能源的利用與發展．
分析：A、電磁波是移動通信傳遞信息的介質；
B、電磁波是一個大家族，無線電波、可見光、紅外線、紫外線、微波等都是電磁波．它們在真空中的傳播速度與光速是相同的，即都是3×108m/s．
C、核電站是利用核裂變來發電；
D、可再生能源清潔、無污染環境，可以保證不會嚴重影響環境．
解答：解：A、衛星接收和發送信號要靠電磁波傳遞，我國的北斗衛星定位系統也是利用電磁波來傳遞信號的，故A敘述正確；
B、電磁波是一個大家族，無線電波、可見光、紅外線、紫外線、微波等都是電磁波．它們在真空中的傳播速度與光速是相同的，故B敘述正確；
C、目前人類已建立的核電站，利用核裂變發電，故C敘述錯誤；
D、可再生能源足夠清潔、無污染環境，可以保證不會嚴重影響環境，是未來理想能源的一個重要發展方向，故D敘述正確．
故選：C．
點評：本題考查電磁波的傳播、核裂變及可再生資源，知識點較多，屬于基礎題．
　
13．（2分）（2016•巴中）如圖所示電路中，開關能同時控制兩盞燈，若一盞燈的燈絲斷了，不影響另一盞燈的工作的電路是（　　）
　A．B．C．D．

考點：電路圖及元件符號．.
專題：電流和電路．
分析：由開關能同時控制兩盞燈，可知兩燈泡并聯，開關在干路上，然后對各個電路圖逐一分析．
解答：解：A、開關能同時控制兩盞燈，兩燈并聯，若一盞燈的燈絲斷了，不影響另一盞燈的工作，故A符合題意；
B、兩燈泡串聯，互相影響，故B不符合題意；
C、兩燈并聯，但開關不能同時控制兩盞燈，故C不符合題意；
D、兩燈泡串聯，故D不符合題意．
故選A．
點評：解答此題的關鍵是需要對題中要求有清楚的認識，重點是開關的控制作用．
　
14．（2分）（2016•巴中）如圖所示，電源電壓4.0V（保持不變）當開關閉合時，只有一只燈泡在發光，且電壓表的示數約為4V，由此可以判斷（　　）

　A．燈L1斷路B．燈L1被短路C．燈L2被短路D．燈L2斷路

考點：電流表、電壓表在判斷電路故障中的應用．.
專題：歐姆定律．
分析：當電路發生斷路時，用電器不工作，且電路中電流為零；當電路發生短路時，用電器可能工作，并且電路中有電流；
該電路為串聯電路，電壓表測量L2兩端的電壓，根據用電器工作情況以及電壓表示數確定電路的具體故障．
解答：解：
A、如果燈L1斷路，整個電流斷路，燈泡都不能發光，電流表、電壓表都沒有示數．不符合題意；
B、如果燈L1被短路不能發光；L2有電流通過能夠發光，電壓表測量電源電壓，為4V．符合題意；
C、如果燈L2被短路不能發光；L1能夠發光；電壓表被短路無示數．不符合題意；
D、如果燈L2斷路，整個電路斷路，燈泡都不能發光．不符合題意．
故選B．
點評：注意當電路發生斷路時，用電器不工作，且電路中電流為零；當電路發生短路時，用電器可能工作，并且電路中有電流；用電壓表判斷故障，并且電路為斷路時，若電壓表有讀數（電源除外），則為斷路之處．
　
15．（2分）（2016巴中）關于

家庭電路和安全用電，下列說法正確的是（　　）
　A．家庭電路中開關接在火線或零線上都可以
　B．雷雨天，可以在大樹下避雨
　C．低于220V的電壓對人體都是安全的
　D．發現有人觸電時不能直接用手拉開觸電者

考點：安全用電原則．.
專題：電與熱、生活用電．
分析：控制電燈的開關應安裝在火線與燈之間；
雷雨時，不能躲在大樹下避雨；不使用收音機、錄像機、電視機、且拔出電源插頭，拔出電視機天線插頭；暫時不使用電話，如一定要用，可用免提功能健；
低于36V的電壓對人體都是安全的；
發現有人觸電，要立即斷開電源再救人或用干燥的木棒使人與帶電體脫離；發現用電器著火了，要立即斷開電源再想法滅火．
解答：解：A、家庭電路中開關接在火線與用電器之間，故A錯誤；
B、雷雨天躲在大樹下會使得強大的電流經大樹流過人體入地引起人身觸電，故B錯誤；
C、低于36V的電壓對人體都是安全的，故C錯誤；
D、發現有人觸電應立即切斷電源或用干燥的木桿將人與火線分開，故D正確；
故選：D．
點評：本題考查安全用電的常識，為防止因電帶來的傷害，以上內容應牢記．
　
16．（2分）（2016•巴中）燈泡L1、L2分別標有“10V、10W”和“9V、5.4W”的字樣，若將它們串聯使用時，電路兩端允許加的最大電壓值是（　　）
　A．10VB．9VC．15VD．19V

考點：電功率的計算；歐姆定律的應用．.
專題：歐姆定律；電能和電功率．
分析：已知兩燈泡的額定電壓和額定功率，先根據公式P=UI求出各自正常工作時的電流，根據歐姆定律求出電阻，如果把它們串聯起來，則串聯電路的電流只能取兩個電流中最小的一個．然后根據電阻的串聯和歐姆定律求出電路兩端允許加的最大電壓．
解答：解：根據P=UI可得，兩燈泡的額定電流：
I1===1A，I2===0.6A，
根據歐姆定律可得，兩燈泡的電阻：
R1===10Ω，R2===15Ω；
串聯電路中各處的電流相等，
兩燈泡串聯時，電路中的最大電流I=I2=0.6A，
串聯電路的總電阻等于各分電阻之和，
電路兩端允許加的最大電壓U串=I（R1+R2）=0.6A×（10Ω+15Ω）=15V．
故選C．
點評：本題考查了求電源最大電壓，關鍵是公式及其變形的靈活運用，難點是對于額定電壓和額定電流不同的兩個燈泡來說，串聯時比較額定電流取小的，這是本題的重點．
　
17．（2分）（2016•巴中）如圖所示，電源電壓不變，R0為定值電阻，R為滑動變阻器．當開關閉合后，滑片P向左移時，下列說法正確的是（　　）

　A．與的比值不變B．的示數變大
　C．的示數變大D．的示數變小，的示數變大

考點：電路的動態分析．.
專題：電路變化分析綜合題．
分析：由電路圖可知，電阻R0與滑動變阻器R串聯，電流表測電路電流，電壓表測電阻R0兩端電壓；
當P向左移動時，滑動變阻器接入電路的阻值變大，電路總電阻變大，在電源電壓不變，由歐姆定律可以判斷電流表示數變化情況．
電流表測電路電流，電壓表測電阻R0兩端電壓，由歐姆定律可以判斷電壓表與電流表示數之比如何變化．
解答：解：
（1）由圖可知，R0與R串聯，電流表測電路電流，電壓表測R0兩端電壓．
由I=，=R0，R0為定值電阻，所以V與A表的比值不變，故A正確；
（2）當P向左移動時，R連入電路的阻值變大，電路總電阻變大，在電源電壓不變，由I=可知電路中電流變小，即電流表示數變小，故C錯誤；
（3）U0=IR0，電流變小，R0阻值不變，所以U0變小，即電壓表示數變小，故B、D錯誤；
故選A．
點評：本題考查串聯電路特點和歐姆定律的應用，分析清楚電路結構，明確電壓表與電流表所測的量，熟練應用歐姆定律是正確解題的關鍵．
　
18．（2分）（2016•巴中）用彈簧測力計豎直掛一鐵球，當鐵球露出水面體積時，彈簧測力計示數為4N；當鐵球浸入水中體積時，彈簧測力計示數為1N，取下該鐵球放入水中，鐵球靜止時受到的浮力是（　　）
　A．18NB．14NC．8ND．10N

考點：浮力大小的計算．.
專題：浮力．
分析：根據G=F浮+F拉列出公式，解出物體的體積，再求出物體重力，和物體全部浸沒時受的浮力進行比較得出物體在水中的狀態，再求出浮力．
解答：解：當鐵球露出水面體積時，則V排1=V，
根據物體受力平衡和阿基米德原理可知：G=F浮1+F拉1=ρ水gV+4N??????????①
當鐵球浸入水中體積時，則V排2=V，
根據物體受力平衡和阿基米德原理可知：G=F浮2+F拉2=ρ水gV+1N?????????②
由①②得：ρ水gV=3N，所以ρ水gV=18N，即物體全部浸沒在水中時受的浮力為18N；
所以物體重力：
G=F浮1+F拉1=ρ水gV+4N=×18N+4N=10N，
當取下該物體將它放入足量的水中，因為物體全部浸沒受的浮力大于其重力，所以物體在水中靜止時，處于漂浮狀態，浮力F浮′=G=10N．
故選D．
點評：考查的是學生對浮力計算公式的理解和掌握，弄清楚物體在水中的狀態是解決此題的關鍵．
　
二、填空題（每空1分，共20分）
19．（2分）（2016•巴中）課堂上，教室里各個位置的同學都能看到黑板上的字，這因為光在黑板上發生　漫　（選填“漫”或“鏡面”）反射的緣故；部分近視同學為看到黑板上的字，他們戴的是近視眼鏡，該近視眼鏡是　凹　（選填“凸”或“凹”）透鏡．

考點：漫反射；近視眼的成因與矯正辦法．.
專題：光的傳播和反射、平面鏡成像；透鏡及其應用．
分析：①凹凸不平的表面會把光線向著四面八方反射，這種反射叫做漫反射．
②近視眼的成因是晶狀體太厚，折光能力太強，或者眼球在前后方向上太長，因此來自遠處一點的光會聚在視網膜前，到達視網膜時已經不是一點而是一個模糊的光斑了．
解答：解：①黑板的表面是比較粗糙的，可以將射來的光線向四面八方反射，是漫反射．這樣，教室里不同位置的同學都能看到黑板上的粉筆字．
②近視眼是晶狀體曲度變大，會聚能力增強，應佩戴發散透鏡使光線推遲會聚，因凹透鏡對光線有發散作用，所以部分近視同學為看到黑板上的字應該配戴凹透鏡．
故答案為：漫；凹．
點評：此題考查的是生活中的漫反射現象和凹透鏡的發散作用的應用，是一道光學的基礎題．
　
20．（2分）（2016•巴中）小明同學騎自行車上學途中，突遇障礙物，采用緊急剎車，他由于　慣性　向前傾；該自行車輪胎上有許多凹凸不平的花紋，是采用增大接觸面的粗糙程度的方法來增大　摩擦　．

考點：慣性；增大或減小摩擦的方法．.
專題：運動和力；重力、彈力、摩擦力．
分析：物體具有保持運動狀態不變的性質叫慣性，一切物體都具有慣性；
滑動摩擦力的大小與壓力和接觸面的粗糙程度有關，壓力越大、接觸面越粗糙，滑動摩擦力越大，據此分析回答．
解答：解：
緊急剎車后，自行車由于慣性將保持原來的運動狀態繼續向前運動，所以小明會向前傾；自行車的輪胎上有花紋是在壓力一定時，通過增大接觸面的粗糙程度增大摩擦力，以防止打滑．
故答案為：慣性；摩擦．
點評：本題考查了學生對慣性、增大摩擦方法的了解與掌握，利用所學知識解釋身邊現象，學了用，有意義！
　
21．（2分）（2016•巴中）質量為300g，體積為500cm3的木塊，木塊的密度為　0.6×103　kg/m3，放在足夠多的水中靜止時木塊處于　漂浮　（選填“漂浮”“懸浮”或“下沉”）．

考點：密度的計算；物體的浮沉條件及其應用．.
專題：密度及其應用；浮沉的應用．
分析：已知木塊的質量和體積，利用密度公式可求密度；
根據物體的浮沉條件判斷即可：①ρ物＜ρ液，上浮；②ρ物=ρ液，懸浮；③ρ物＞ρ液，下沉．
解答：解：木塊的密度為：
==0.6g/cm3=0.6×103kg/m3；
由計算可知，ρ物＜ρ水，所以，放在足夠多的水中靜止時木塊漂浮．
故答案為：0.6×103；漂浮．
點評：此題考查密度的計算、物體浮沉條件的應用，難度不大，只要掌握物體的浮沉條件，此題即可順利作答．
　
22．（3分）（2016巴中）天然氣的使用，大大改善了我們的生活環境，天然氣是　不可　（選填“可”或“不可”）再生能源．在一個標準大氣壓下，把質量為200kg，溫度為20℃的水燒開，水吸收的熱量為　1.344×108　J，若天然氣燃燒放出的熱量只有50%被水吸收，則需要完全燃燒　4.48　m3的天然氣．（q天然氣=3.0×107J/m3）

考點：熱量的計算；熱平衡方程的應用．.
專題：計算題；比熱容、熱機、熱值．
分析：（1）能夠源源不斷的從自然界得到的能源叫可再生能源；短期內不能從自然界得到補充的能源叫不可再生能源．
（2）知道水的質量、水的比熱容、水的初溫和末溫（在一個標準大氣壓下，水的沸點為100℃），利用吸熱公式Q吸=cm△t求水吸收的熱量；
（3）由題知，Q吸=50%Q放，再利用燃料完全燃燒放熱公式Q放=qV求需要天然氣的體積．
解答：解：
（1）不可再生能源泛指人類開發利用后，在現階段不可能再生的能源，天然氣是不可再生能源；
（2）水吸收的熱量：
Q吸=cm△t
=4.2×103J/（kg•℃）×200kg×（100℃?20℃）
=6.72×107J；
由題知，Q吸=50%Q放，
則Q放===1.344×108J，
由Q放=qV得：
需要天然氣的體積V===4.48m3．
故答案為：不可；1.344×108；4.48．
點評：本題考查了學生對能源分類、吸熱公式Q吸=cm△t、燃料完全燃燒放熱公式Q放=mV的了解與掌握，雖知識點多，但都屬于基礎，難度不大．
　
23．（2分）（2016巴中）在寒冬季節，小明同學雙手搓后感覺手上發熱，這是通過　做功　的方式改變手的內能．這與柴油機工作中　壓縮　沖程的能量轉化相同．

考點：做功改變物體內能；內燃機的四個沖程．.
專題：分子熱運動、內能；比熱容、熱機、熱值．
分析：（1）改變物體內能的方法：熱傳遞、做功．
（2）熱機的四個沖程：吸氣沖程、壓縮沖程、做功沖程、排氣沖程．壓縮沖程是機械能轉化為內能．做功沖程是內能轉化為機械能．
解答：解：
（1）小明雙手對搓后感覺手上發熱，是克服摩擦做功，機械能轉化為內能；
（2）汽油機的工作過程中，將機械能轉化為內能的是壓縮沖程．
故答案為：做功；壓縮．
點評：掌握改變內能的兩種方法；掌握熱機的四個沖程，以及壓縮和做功沖程的能的轉化．
　
24．（2分）（2015•巴中）一臺家用電腦處于待機狀態下的電功率大約是10W，它表示1s內電流做的功是　10　J．如果這臺電腦平均每天的待機時間以10h計算，那么待機的狀態下100天消耗的電能是　10　KW•h．

考點：電功率與電能、時間的關系．.
專題：電能和電功率．
分析：已知待機功率及通電時間，由P=可求出電流做的功，然后可求得100天消耗的電能．
解答：解：（1）由P=可得，1s電流做的功W=10W×1s=10J；
（2）電視機平均每天的待機時間以10h計算，
那么在待機狀態下100天消耗的電能
由P=可得，W′=Pt′=0.01kW×10h×100=10kW•h；
故答案為：10；10．
點評：本題考查了求電流做的功，是一道基礎題；掌握功率的變形公式W=Pt是正確解題的關鍵．
　
25．（5分）（2016•巴中）兩電阻R1=3Ω，R2=6Ω，把它們串聯接在電源電壓為3V的電路兩端，總電阻R總=　9　Ω，R1兩端的電壓U1=　1　V；當R1與R2并聯在原電路兩端時，干路電流I總=　1.5　A，R1與R2兩端的電壓之比U1：U2=　1：1　，R1與R2的電功之比W1：W2=　2：1　．

考點：電阻的串聯；歐姆定律的應用；電功的計算．.
專題：電壓和電阻；歐姆定律；電能和電功率．
分析：（1）兩電阻串聯時，根據串聯電路的電阻特點計算總電阻，根據分析原理計算R1兩端的電壓；
（2）兩電阻并聯時，根據并聯電路的特點判斷兩電阻的電壓比，計算出總電阻，從而計算出干路電流，運用電功公式計算功率比．
解答：解：
（1）兩電阻串聯時，
電路的總電阻：R總=R1+R2=3Ω+6Ω=9Ω；
U1+U2=U=3V，
根據分壓原理可知：===，
所以U1=U=×3V=1V；
（2）當R1與R2并聯在原電路兩端時，
U1=U2=U=3V，
所以：U1：U2=1：1；
根據并聯電阻的電阻特點：=+，
即有：=+，解得R=2Ω，
由歐姆定律干路電流：I總===1.5A；
由W=t，
R1與R2的電功之比W1：W2=t：t=R2：R1=6Ω：3Ω=2：1．
故答案為：9；1；1.5；1：1；2：1．
點評：本題考查了串聯電路的電阻、電流、電壓特點和歐姆定律及電功公式的應用，條件充分，熟練運用公式即可計算出結果．
　
26．（2分）（2016•巴中）如圖所示，把帶負電荷的橡膠棒靠近懸掛的輕質小球時，發現輕質小球被推開，說明輕質小球帶　負　電荷，還說明力可以改變物體的　運動狀態　．

考點：電荷間的相互作用規律；力的作用效果．.
專題：電流和電路；運動和力．
分析：把帶負電的橡膠棒，用它去靠近用細線懸掛著的輕質小球時，小球被排斥，利用電荷間作用規律可以確定小球的帶電情況；
力的作用效果有兩個：①力可以改變物體的形狀即使物體發生形變．②力可以改變物體的運動狀態．
解答：解：把帶負電的橡膠棒靠近輕質小球A時，小球遠離橡膠棒被排斥，說明小球與橡膠棒帶的是同種電荷，橡膠棒帶負電，小球也帶負電．
輕質小球在力的作用下被推開，說明力可以改變物體的運動狀態．
故答案為：負；運動狀態．
點評：本題考查電荷間的相互作用規律及力的作用效果，屬于基礎題．
　
三、作圖、實驗探究題（39題每小題4分，其余每空1分，共20分）
27．（4分）（2016•巴中）（1）如圖1所示，一束光線在空氣和水兩種介質的介面上同時發生反射和折射，圖中已標出反射光線，請畫出折射光線的大致方向和入射光線．
（2）根據圖2中小磁針靜止時的指向，請在圖中標出螺線管的S極和電源的正極．

考點：作光的反射光路圖；作光的折射光路圖；通電螺線管的極性和電流方向的判斷．.
專題：光的傳播和反射、平面鏡成像；光的折射、光的色散；電動機、磁生電．
分析：（1）根據反射定律：反射光線、入射光線、法線在同一個平面內，反射光線與入射光線分居法線兩側，反射角等于入射角，作出反射光線；
根據光由空氣斜射進入水中折射光線向法線偏折，折射角小于入射角作出折射光線．
（2）由小磁針的指向可得電磁鐵極性方向，由安培定則可得電流方向．
解答：解：（1）首先作出法線，然后在空氣中法線的左側，根據反射角等于入射角作出入射光線；
再根據折射角小于入射角；在水中法線的另一側作出折射光線，如圖所示：
（2）小磁針N極向右，則得螺線管左側為S極，右側為N極，由安培定則得電流由右側流入螺線管，即電源左側為正極，右側為正極．如圖所示：

點評：（1）在兩種透明介質的界面上，折射和反射一般是同時發生的，反射光線與入射光線在同種介質中，折射光線和入射光線在不同種介質中．
（2）安培定則內容：右手握住螺線管，四指指向電流方向，大拇指所指的方向為電磁鐵N極．
　
28．（3分）（2016•巴中）如圖所示是“探究不同物質吸熱能力”的實驗，將質量相等的煤油和水分別裝在兩個相同的燒杯中，并測出煤油和水的初溫，然后用兩個相同的酒精燈加熱，每隔2min記錄一次溫度．實驗記錄如下表所示：
加熱時間/min02468
溫度/℃煤油205ykj.com25[來源:學&科&網Z&X&X&K]xkb12934www.xkb1.com38
水2022242628
（1）實驗中選用相同的酒精燈加熱，可以認為相同時間內水和煤油　吸收的熱量　相同．
（2）由記錄表可知，對于質量相等的煤油和水：吸收相等熱量，升溫較快的是　煤油　；若使兩者升高相同的溫度，則　水　吸收的熱量較多．由此得出物質的吸熱能力與物質的種類有關．

考點：探究比熱容的實驗．.
專題：探究型實驗綜合題．
分析：（1）用相同的酒精燈對液體加熱，在相等時間內液體吸收的熱量相等．
（2）分析表中實驗數據，根據實驗數據分析答題．
解答：解：（1）用相同的酒精燈對水與煤油加熱，在相等時間內，水與煤油吸收的熱量相等，可以用加速時間反應液體吸收熱量的多少．
（2）由表中實驗數據可知，質量相等的煤油和水吸收相等熱量，升溫較快的是煤油；若使兩者升高相同的溫度，水需要加熱更長的時間，水吸收的熱量較多．
故答案為：（1）吸收的熱量；（2）煤油；水．
點評：本實驗采用了控制變量法，在研究設計多個量的問題時，為了研究某兩個量間的關系，要控制除這兩個量外的其它各量保持不變，這就是控制變量法，在實驗中要注意控制變量法的應用，靈活應用控制變量法即可正確解題．
　
29．（6分）（2016•巴中）在探究液體壓強的實驗中，進行了如圖所示的操作：

（1）實驗中，探究液體壓強的工具是　U型壓強計　．
（2）由丙、丁兩圖進行實驗對比，得出液體壓強與盛液體的容器形狀　無關　（選填“有關”或“無關”）．
（3）甲、乙兩圖是探究液體壓強與　深度　的關系，結論是：　液體內部壓強隨著深度的增加而增大　．
（4）要探究液體壓強與密度的關系，應選用　乙丙　兩圖進行對比．
（5）在圖乙中，固定金屬盒的橡皮膜在水中的深度，使金屬盒處于向上、向下、向左、向右等方位時，兩玻璃管中液面高度差不變，說明了在液體內部同一深度處，液體向各個方向的壓強大小　相等　．

考點：探究液體壓強的特點實驗．.
專題：探究型實驗綜合題．
分析：（1）在初中物理學中，研究液體內部壓強特點的工具是U型壓強計，本題用到了物理上常用的研究方法??轉換法．用手按壓強計的橡皮膜，U型管內水面出現高度差；即將液體壓強的大小轉化為U型管中液面的高度差．
（2）（3）（4）液體內部壓強與液體的密度和液體的深度有關，與容器的形狀無關，在探究影響液體內部壓強的因素時，需要用到控制變量法．
（5）液體內部壓強的特點是：液體內部壓強隨著深度的增加而增大，同一深度，液體內部向各個方向的壓強相等，不同液體內部的壓強還與液體的密度有關．
解答：解：（1）由圖可知，用來探究液體內部壓強的特點的工具是U型壓強計，實驗時把金屬盒放入水中，通過觀察兩管中水面的高度差就可以反映橡皮膜受到水的壓強的大小；
（2）丙和丁液體密度相同，探頭在液體中的深度相同，容器形狀不同，U型管中液面的高度差相同，說明液體壓強與盛液體的容器形狀無關；
（3）甲、乙兩圖液體的密度相同，探頭在液體中的深度不同，U型管中液面的高度差不同，說明液體壓強與有關，并且液體內部壓強隨著深度的增加而增大；
（4）要探究壓強與液體密度的關系，應使探頭深度相同，液體密度不同，所以應選擇乙丙兩圖．
（5）在圖乙中，固定金屬盒的橡皮膜在水中的深度，使金屬盒處于向上、向下、向左、向右等方位時，兩玻璃管中液面高度差不變，說明了在液體內部同一深度處，液體向各個方向的壓強大小相等．
故答案為：
（1）U型壓強計；
（2）無關；
（3）深度；液體內部壓強隨著深度的增加而增大；
（4）乙丙；
（5）相等．
點評：此題考查的是我們對于液體壓強計的了解以及液體內部壓強的影響因素．注意物理實驗中研究方法??轉換法和控制變量法的運用．液體壓強是中考必考的一個知識點，需要掌握．
　
30．（7分）（206•巴中）如圖所示，小明同學在“測未知電阻Rx”的實驗中．

（1）連接電路時，開關應　斷開　．請用筆畫線代替導線，根據圖甲將圖乙所示的實物電路連接完整．
（2）閉合開關前，圖乙中滑動變阻器的滑片P應位于　B　（填“A”或“B”）端．
（3）閉合開關后，發現電流表指針幾乎不動，電壓表示數約為電源電壓，故障的原因是　Rx斷路　（選填“Rx短路”或“Rx斷路”）．
（4）排除故障后，小明通過實驗得到數據如下表所示，其中第1次實驗的電流表示數如圖丙所示，為　0.1　A，則所測電阻Rx的值是　10　Ω．
實驗序號123
電阻R/Ω
電壓U/V1.01.52.0
電流I/A0.150.20
（5）若在實驗中，電壓表不能使用，滑動變阻器最大阻值為R0，當滑片置于最左端時，電流表示數為I1，滑片P置于最右端時，電流表示數為I2，則未知電阻的表達式：Rx=　R0　．

考點：伏安法測電阻的探究實驗．.
專題：測量型實驗綜合題．
分析：（1）為了保護電路，連接電路時，開關應斷開，分析圖甲所示電路結構，明確各電路元件的連接方式，然后連接實物電路圖．
（2）為保護電路，閉合開關前，將滑片移至最大阻值處；
（3）電壓表有示數，電壓表的正負接線柱與電源正負極之間連接是連通的；
電流表的指針幾乎不偏轉說明是某處斷路，
（4）根據電壓表的量程和分度值讀出示數，根據歐姆定律結合表中數據可得電阻的阻值；
（5）分析電路圖，P移至最左端，滑動變阻器連入電阻為0，電路中只有Rx，根據歐姆定律可求電源電壓；
P移至最右端，滑動變阻器全連入，R0和Rx串聯，根據歐姆定律可求電源電壓；
根據電源電壓不變列方程求解．
解答：解：（1）連接電路時，開關應斷開，
由圖甲所示電路圖可知，定值電阻與滑動變阻器串聯，電壓表與定值電阻并聯，電流表串聯在電路中，根據電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示．

（2）由圖知，滑動變阻器的下面接了左邊的A接線柱，所以閉合開關前，應將滑片移至最右即B端，使其阻值最大；
（3）若Rx被短路，電壓表示數為電源電壓，電流表應該有示數，若Rx斷路，電壓表的正負接線柱與電源正負極之間連接是連通的，電壓表示數約為電源電壓；電壓表的電阻無限大，使得電路中的電流很小，電流表的指針幾乎不偏轉，
（4）由圖丙可知，電流表的量程為0～0.6A，分度值為0.02A，示數為0.1A；
由I=可得，電阻的阻值：R===10Ω；
（5）P移至最左端，滑動變阻器連入電阻為0，電路中只有Rx，
根據歐姆定律可得：
U=I1Rx；?????①
P移至最右端，滑動變阻器全連入，R0和Rx串聯，
根據歐姆定律可得：
U=I2（R0+Rx），????②
電源電壓不變，由①②得：
I1Rx=I2（R0+Rx），
解得：
Rx=R0．
故答案為：（1）斷開；見上圖；（2）B；（3）Rx斷路；（4）0.1；10；（5）R0．
點評：本題是伏安法測電阻的實驗，考查了電路故障分析、電流表讀數、實驗數據分析等問題，這些都是電學實驗的基礎，也是重點，應熟練掌握．
　
四、計算解答題（第43題6分，第44題8分，共14分）
31．（6分）（2016•巴中）如圖所示，搬運工人用滑輪組提升重540N的物體，所用的拉力F為200N，物體以0.2m/s的速度勻速上升了10秒，（不計繩重，繩與滑輪的摩擦）求：
（1）物體上升的高度；
（2）拉力F所做的功；
（3）若物重只有240N，滑輪組的機械效率．

考點：功的計算；滑輪（組）的機械效率．.
專題：功、功率、機械效率．
分析：（1）已知物體以的速度勻速上升了10秒，利用速度公式變形可求得物體上升的高度；
（2）由圖可知，重物由3段繩子承擔，故s=3h，利用W=Fs可求得拉力F所做的功；
（3）根據所用的拉力F，可求得動滑輪的重力，根據W=Gh可求得有用功，利用η=可求得滑輪組的機械效率．
解答：解：（1）由v=可得，物體上升的高度h=vt=0.2m/s×10s=2m；
（2）由圖可知，重物由3段繩子承擔，故s=3h=3×2m=6m，
則拉力F所做的功W總=Fs=200N×6m=1200J，
（3）F=G總，200N=（540N+G動），
解得G動=60N，
W有用=Gh=240N×2m=480J，
F′=（+G動）=（240N+60N）=100N，
=F′s=100N×6m=600J
η=×100%=×100%=80%．
答：（1）物體上升的高度為2m；
（2）拉力F所做的功為1200J；
（3）若物重只有240N，滑輪組的機械效率80%．
點評：此題涉及到速度公式變形的應用，功的計算、機械效率的計算等多個知識點，是一道綜合性較強的題目．
　
32．（8分）（2016•巴中）如圖所示的電路中，電源電壓U=3V，R1=3Ω，R2=2Ω．求：
（1）只閉合S1時，通過R2的電流是多大？
（2）只閉合S2時，通電20s的時間內電流通過R1產生的電熱是多少？
（3）開關通斷情況發生變化，整個電路消耗的最小電功率P和最大電功率P′之比是多少？

考點：歐姆定律的應用；電功率的計算；焦耳定律的計算公式及其應用．.
專題：歐姆定律；電能和電功率；電與熱、生活用電．
分析：（1）分析清楚電路結構，應用歐姆定律可以求出電流．
（2）分析清楚電路結構，應用串聯電路特點與歐姆定律可以求出電路電流，然后由焦耳定律可以求出電阻產生的熱量．
（3）分析清楚電路結構，求出最大與最小功率，然后求出其比值．
解答：解：（1）由圖示電路圖可知，只閉合S1時，只有電阻R2接入電路，
通過電阻R2的電流I===1.5A；
（2）由圖示電路圖可知，只閉合S2時，兩電阻串聯，
此時電路電流I′===0.6A，
電阻R1通電t=20s產生的熱量：
Q=I′2R1t=（0.6A）2×3Ω×20s=21.6J；
（3）由圖示電路圖可知，只閉合S1時，只有電阻R2接入電路，此時整個電路消耗的功率最大，
由圖示電路圖可知，只閉合S2時，兩電阻串聯，此時電路總電阻最大，整個電路消耗的總功率最小，
最小與最大電功率之比：====；
答：（1）只閉合S1時，通過R2的電流是0.6A；
（2）只閉合S2時，通電20s的時間內電流通過R1產生的電熱是21.6J；
（3）開關通斷情況發生變化，整個電路消耗的最小電功率P和最大電功率P′之比是2：5．
點評：本題是一道電學綜合題，分析清楚電路結構是正確解題的關鍵，應用歐姆定律、串聯電路特點與電功率公式即可解題．